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四川省凉山州2022届高三数学文科第二次诊断性检测试题(Word版附解析)
四川省凉山州2022届高三数学文科第二次诊断性检测试题(Word版附解析)
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凉山州2022届高中毕业班第二次诊断性检测数学(文科)本试卷分选择题和非选择题两部分.第Ⅰ卷(选择题),第Ⅱ卷(非选择题),共4页,满分150分,考试时间120分钟.注意事项:1.答题前,考生务必将自己的姓名、座位号、准考证号用0.5毫米的黑色签字笔填写在答题卡上,并检查条形码粘贴是否正确.2.选择题使用2B铅笔涂在答题卡对应题目标号的位置上;非选择题用0.5毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效.3.考试结束后,将答题卡收回.第Ⅰ卷(选择题)一、选择题(本大题共12小题,每题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.集合,,则()A.或B.CD.【答案】C【解析】【分析】根据集合补集的定义即可求解.【详解】解:因为,,所以,故选:C.2.i为虚数单位,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】利用复数的乘法和除法运算法则,运算即得解 【详解】由题意,故选:B3.已知平面向量与,若,,,则与的夹角为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据平面向量数量积的定义和运算性质,结合平面向量模的坐标表示公式进行求解即可.【详解】因为,所以,由,解得:,故选:C4.在独立性检测中,我们常用随机变量来判断“两个分类变量有关系”.越大关系越强;越小关系越弱.(附:,其中)下面有甲乙丙丁四组关于“秃顶与患心脏病的列联表”(单位:人)甲:患心脏病患其他病总计秃顶302050不秃顶50100150总计80120200乙:患心脏病患其他病总计秃顶255580 不秃顶2595120总计50150200丙:患心脏病患其他病总计秃顶8565150不秃顶351550总计12080200丁:患心脏病患其他病总计秃顶8832120不秃顶621880总计15050200最能说明秃顶与患心脏病有关的一组数据是()A.甲B.乙C.丙D.丁【答案】A【解析】【分析】根据公式分别计算四组数据对应的值,然后比较大小即可得答案.【详解】解:由题意,,,,,因为,所以, 所以最能说明秃顶与患心脏病有关的一组数据是甲组,故选:A.5.已知双曲线,则下列说法正确的是()A.离心率为2B.渐近线方程为C.焦距为D.焦点到渐近线的距离为【答案】A【解析】【分析】根据焦点在轴上的双曲线的简单几何性质即可求解.【详解】解:因为双曲线,所以,所以离心率;渐近线方程为,即;焦距为;焦点坐标为,焦点到渐近线的距离为.故选:A.6.正项等比数列与正项等差数列,若,则与的关系是()A.B.C.D.以上都不正确【答案】C【解析】【分析】利用等差数列通项公式和等比数列性质可将已知等式化为,由此可得结果.【详解】设等差数列公差为,则,又,, 均为正项数列,.故选:C7.抛物线C:,若直线l:与C交于A,B(左侧为A,右侧为B)两点,则抛物线C在点A处的切线的斜率为()A.-3B.1C.3D.-1【答案】D【解析】【分析】利用解方程组法求出点A的坐标,结合导数的几何意义进行求解即可.【详解】直线l与抛物线C方程联立,得或,因为左侧为A,右侧为B,,所以,由,所以抛物线C在点A处的切线的斜率为,故选:D8.将函数的图象沿水平方向平移个单位后得到的图象关于直线对称(向左移动,向右移动),当最小时,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据图像的平移公式先求出平移后的解析式,再根据平移后的图像关于直线对称,结合正弦函数的图像性质可得答案.【详解】将函数的图象沿水平方向平移个单位后得到 即由题意的图像关于直线对称.所以,即当时,,此时最小故选:C9.如图所示,在空间直角坐标系中,三棱锥各个顶点坐标分别为,,,,则该三棱锥俯视图的面积为()A.9B.8C.7D.6【答案】B【解析】【分析】根植俯视图的定义,结合三角形的面积公式进行求解即可.【详解】点在平面平面的射影的坐标为:,点在平面平面的射影的坐标为:,点在平面平面的射影的坐标为:,因此三棱锥的俯视图为:,根据空间两点间距离公式可得:,, ,因此是等腰三角形,底边上的高为:,所以的面积为:,故选:B10.定义在上的奇函数,满足,当时,则的解集为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题意求得函数是周期为4的函数,且图象关于对称,进而画出函数的图象,得到当时,求得的解,进而求得不等式的解集.【详解】由题意,函数满足,可得,所以函数是周期为4的函数,又由为上的奇函数,可得,所以,可得函数的图象关于对称,因为当时,可函数的图象,如图所示,当时,令,解得或,所以不等式的解集为.故选:C. 11.在“全面脱贫”行动中,贫困户小王2020年1月初向银行借了扶贫免息贷款10000元,用于自己开设的土特产品加工厂的原材料进货,因产品质优价廉,上市后供不应求,据测算每月获得的利润是该月月初投入资金的20%,每月月底需缴纳房租600元和水电费400元.余款作为资金全部用于再进货,如此继续.设第n月月底小王手中有现款为,则下列结论正确的是()(参考数据:,)①②③2020年小王的年利润约为40000元④两年后,小王手中现款约达41万A.②③④B.②④C.①②④D.②③【答案】A【解析】【分析】由题可知,月月底小王手中有现款为,月月底小王手中有现款为之间的递推关系为,,进而根据递推关系求出通项公式即可得答案.【详解】对于①选项,元,故①错误对于②选项,第月月底小王手中有现款为,则第月月底小王手中有现款为,由题意故②正确;对于③选项,由得所以数列是首项为公比为1.2的等比数列, 所以,即所以2020年小王年利润为元,故③正确;对于④选项,两年后,小王手中现款为元,即41万,故④正确.故选:A.12.已知,,,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由,可得,构造函数,利用函数的导数与单调性的关系,可得在上单调递增,进而可得,,从而即可得答案.【详解】解:因为,所以;令,,所以在上单调递增,因为,所以,即,所以,所以;同理,所以,即,也即,所以,所以.综上,, 故选:D.第Ⅱ卷(非选择题,共90分)二、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.平面区域,则的面积为___________.【答案】【解析】【分析】作出不等式组约束的平面区域,进而求解即可.【详解】解:如图,作出不等式组约束的平面区域(阴影部分),所以联立方程得,易得,所以的面积为故答案为:14.函数的极大值点为___________.【答案】【解析】【分析】利用导数可求得的单调性,根据单调性可得极大值点.【详解】由题意知:定义域为, ,当时,;当时,;在,上单调递增,在上单调递减,是的极大值点.故答案为:.15.甲、乙、丙三人去图书馆借书,他们每人借的不是杂志就是小说(每人只能借其中一种).(1)如果甲借的是杂志,那么乙借的就是小说.(2)甲或丙借的是杂志,但是不会两人都借杂志.(3)乙和丙不会两人都借小说.则同时满足上述三个条件的不同借书方案有___________种.【答案】【解析】【分析】采用假设法和排除法,分别假设甲借的是杂志和小说,根据条件依次判断即可.【详解】①假设甲借的是杂志,由(1)知:乙借的是小说;由(2)知:丙借的是小说;与(3)的结论矛盾,不合题意;②假设甲借的是小说,由(2)知:丙借的是杂志;则乙可借杂志,也可借小说,共种方案;综上所述:满足上述三个条件的不同借书方案有种.故答案为:.16.在中,,.则的取值范围为___________.(结果用区间表示)【答案】【解析】【分析】利用正弦定理角化边和三角形三边关系可知的范围,利用余弦定理表示出,将所求数量积化为关于的函数的形式,利用二次函数值域求解方法得到结果. 【详解】,则由正弦定理可得:,令,则又,,即;,,,,即取值范围为.故答案为:.【点睛】关键点点睛:本题考查解三角形中的向量数量积问题,解题关键是能够将所求数量积表示为关于某一变量的函数的形式,利用函数值域的求解方法求得取值范围.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分17.中,角的对边分别是,.(1)求角;(2)若为边的中点,且,求的最大值.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)利用正弦定理角化边,整理后可求得,由此可得;(2)由,利用余弦定理可得,结合(1)中,可得,利用基本不等式可求得最大值.【小问1详解】 由正弦定理可得:,,,,;【小问2详解】由(1)知:,即;在中,由余弦定理得:;在中,由余弦定理得:;,,,整理可得:;,即,(当且仅当时取等号),,即的最大值为.18.四川省凉山州各种特产、小吃尤其丰富,凉山州会理市羊肉粉早在清代中叶就名扬遐迩.凡来会理市品尝过会理市羊肉粉的人,无不交口称赞.尤其在冬季,吃一碗滚烫的羊肉粉,浑身暖和.羊肉粉的主要原料是羊肉和米粉制作有特殊的讲究,要选择山坡放养,体重在八九十斤左右的黑山羊宰杀,将羊头、羊腿、羊蹄、羊油、羊下水全部放进能装一、两百斤的大铁锅,掺上几里路运来优质山泉水,加上老姜、花椒、胡椒、白扣,等佐料,先要猛火烧开,用漏瓢捞出汤上面的泡沫,再用中火慢慢炖,时间达六、七个小时熬制呈乳白色米汤- 样的原汤;羊肉粉的米线,是用会理农村本地产的稻谷跟大米制作出来,韧性好,饭粒不生硬,入口柔和,口味有大米的天然芳香;米粉要经过特殊处理:将水烧开,放入米粉,烧开捞起,放入冷水里(不停换水,直至冷却).会理市某羊肉粉店每天早晨处理好当天的米粉,以12元碗的价格售出,每碗获利5元,当天卖不出的米粉则每碗亏损2元,该店记录了30天的日需求量(单位:碗),整理如下表:日需求量8090100110频数51078(1)以样本估计总体,求该店采粉日需求量的平均数;(2)以30天记录的日需求量的频率为概率,该店每天准备100碗米粉,记该店每天获得的利润为Y(单位:元),写出Y的所有可能值,并估计Y低于450元的概率.【答案】(1)96;(2)可能取值为360,430,500,.【解析】【分析】(1)利用求平均数的公式即得;(2)分别求得日需求量碗,碗和100碗以上时的日利润和对应概率,即得.【小问1详解】该米粉店日需求量的平均数为:;【小问2详解】当日需求量为80碗时,该店每天获利当日需求量为90碗时,该店每天获利(元);当日需求量为100碗以上时,该店每天获利(元).所以,Y的可能取值为360,430,500所以,Y低于450元的概率为.19.如图,在棱长为2的正方体中,E,F,G,H分别是所在棱的中点. (1)求证:E,F,G,H四点共面;(2)求三棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2)1【解析】【分析】(1)证明:连接HE,,GF,证明出,即可证明E,F,G.H四点共面;(2)利用三棱锥等体积法即可证明.【小问1详解】(1)证明:连接HE,,GF∵在正方体中,GF分别是棱、BC的中点∴且∴四边形是平行四边形∴又在中,H,E分别是,AB的中点∴,∴ ∴E,F,G.H四点共面【小问2详解】在底面ABCD中,.又由点G到平面DEF的距离为2,所以.所以.20.如图,为椭圆上的三点,为椭圆的上顶点,与关于轴对称,椭圆的左焦点,且.(1)求椭圆的标准方程;(2)过椭圆的右焦点且与轴不重合的直线交椭圆于两点,为椭圆的右顶点,连接分别交直线于两点.试判断的交点是否为定点?若是,请求出该定点;若不是,请说明理由.【答案】(1);(2)直线与交点为定点. 【解析】【分析】(1)由对称性和椭圆定义可求得,结合焦点坐标即可求得椭圆方程;(2)当直线斜率不存在时,可求得直线与交点为;假设当斜率存在时,直线与交点为,可利用,表示出,从而得到;将直线方程与椭圆方程联立,利用韦达定理验证知等式成立,从而假设成立.【小问1详解】与关于轴对称,,,解得:;椭圆的左焦点,,,椭圆的标准方程为:;【小问2详解】由(1)知:,,不妨设在轴上方;当直线斜率不存在时,,,直线,直线,,,,,直线,即;直线:,即,由得:,直线与交点为;若直线与交点为定点,则该定点必为;假设当直线斜率存在时,直线与交点为, 设,,直线:;直线:;令,则,,,,,,整理可得:,两式作和得:;,,设,由得:,,此时,满足题意;综上所述:直线与交点为定点.【点睛】思路点睛:本题考查直线与椭圆综合应用中的定点问题的求解,本题解题基本思路是在直接求解交点坐标非常困难的情况下,利用斜率不存在的情况首先确定所过定点坐标,进而验证在斜率存在时,两直线交点依然为该定点即可.21.设函数.(1)求的单调区间;(2),为的导函数,当时,,求整数的最大值.【答案】(1)答案见解析;(2) 【解析】【分析】(1)求导后,分别在和两种情况下讨论单调性即可;(2)将不等式转化为,利用导数可求得在上单调递减,在上单调递增,其中,由此可求得,由的范围可求得结果.【小问1详解】由题意知:定义域为,;当时,,在上单调递增;当时,若,;若时,;在上单调递减,在上单调递增;综上所述:当时,在上单调递增;当时,在上单调递减,在上单调递增;【小问2详解】当时,,;由得:,即;令,则;令,则,在上单调递增,又,,,使得,此时,则当时,;当时,; 在上单调递减,在上单调递增,,,即,又,,整数的最大值为.【点睛】思路点睛:本题考查利用导数讨论含参数函数的单调性、恒成立问题的求解;求解恒成立问题的基本思路是采用参变分离的方式,将问题转化为变量与函数最值的大小关系问题,从而利用导数求得函数的最值,进而得到变量的取值范围.(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程](10分)22.平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.(1)求曲线的普通方程与曲线的直角坐标方程;(2)求曲线上的动点到曲线距离的取值范围.【答案】(1);;(2).【解析】【分析】(1)利用参数方程化普通方程、极坐标与直角坐标互化原则直接化简可得结果;(2)设曲线上的动点,利用点到直线距离公式表示出所求距离,结合正弦型三角函数值域的求解方法求得结果.【小问1详解】 由(为参数)得:,;即曲线的普通方程为:;由得:,,即曲线的直角坐标方程为:;【小问2详解】设曲线上的动点,则到直线的距离,,,,,,即曲线上的动点到曲线距离的取值范围为.[选修4-5:不等式选讲](10分)23.已知函数.(1)解不等式的解集;(2)已知对任意恒成立,求实数m的取值范围.【答案】(1)或(2)【解析】【分析】(1)由绝对值的定义分段打开绝对值进行讨论,得到答案. (2)先求出的最小值,根据题意可得,从而得出答案.【小问1详解】当时,即,解得,故此时当时,即,解得,故此时无解当时,即,解得,故此时综上所述不等式的解集为或【小问2详解】当时,,此时当时,有最小值3,当时,,此时当时,有最小值1,当时,,此时当时,有最小值1,综上所述,的最小值为1对任意恒成立,则,解得所以实数m的取值范围是
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高考 - 模拟考试
发布时间:2023-04-19 00:33:02
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