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上海市行知中学2022届高三数学下学期期中试题(Word版附解析)
上海市行知中学2022届高三数学下学期期中试题(Word版附解析)
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上海市行知中学2021-2022学年高三下期中数学试卷一、填空题(本大题共有12小题,满分54分,第1-6题每题4分,第7-12题每题5分)1.已知集合,,则_________.【答案】【解析】【分析】由对数函数单调性,求出集合A,再根据交集的定义即可求解.【详解】解:,,,故答案为:.2._________.【答案】【解析】分析】利用极限运算求解.【详解】,,,故答案为:3.二项展开式第六项的系数为_________.【答案】【解析】【分析】利用二项展开式的通项公式求得二项展开式第六项即可. 【详解】二项展开式第六项是,所以其系数是.故答案为:.4.公比为q的无穷等比数列各项的和为,则_________.【答案】1【解析】【分析】由无穷等比数列各项和公式变形即可得解.【详解】解:因公比为q的无穷等比数列各项的和为,则有,所以.故答案为:15.如图为某一圆柱的三视图,则该圆柱的侧面积为_________.【答案】【解析】【分析】根据三视图得到圆柱的底面半径和高,代入圆柱的侧面积公式求解.【详解】由三视图知:圆柱的底面半径为0.3米,高为0.6米,所以该圆柱的侧面积为.故答案为:.6.已知非负实数x、y满足,则的最小值为_________.【答案】【解析】 【分析】先画出非负实数x、y满足所表示的平面区域,然后求点到直线的距离即可.【详解】非负实数x、y满足所表示的平面区域如下图所示的阴影部分:所表示的意义为平面区域内的点到直线的距离,从上图可知点到直线的距离最小,其值为.故答案为:.7.函数,的反函数为_________.【答案】()【解析】【分析】先求出tanx,再由反函数定义即可得解.【详解】因,则,,所以所求反函数为(). 故答案为:()8.我校5位同学报考了北京大学“强基计划”第I专业组,并顺利通过各项考核,已知5位同学将根据综合成绩和志愿顺序随机地进入教学类、物理学类、力学类这三个专业中的某一个专业,则这三个专业都有我校学生的概率是__________(结果用最简分数表示).【答案】【解析】【分析】先计算出将5位同学分配到某一个专业的所有不同分配方式的种数,再计算出三个专业都有我校学生的不同分配方式的种数,最后计算三个专业都有我校学生的概率即可.【详解】解:将5位同学将根据综合成绩和志愿顺序随机地进入教学类、物理学类、力学类这三个专业中的某一个专业,所有的不同分配方式有种,三个专业都有我校学生的情况有种不同分配方式,三个专业都有我校学生的概率:,故答案为:.【点睛】本题考查排列组合的综合问题、分步乘法计数原理、部分平均分组问题、古典概型求概率,是中档题.9.已知,若,则_________.【答案】【解析】【分析】由给定条件,求出,把用表示出即可得解.【详解】,有,又,则, ,,,.故答案为:【点睛】关键点睛:给值求值的三角问题,探讨角的关系是解题的关键.10.函数在上单调递增,则实数a的取值范围是_________.【答案】【解析】【分析】根据二次函数的单调性确定对称轴与区间的关系,同时注意分母不为0需满足上符号一致.【详解】在上单调递增,在单调递减,则,即,同时需满足,即,解得,综上可知故答案为: 【点睛】关键点点睛:注意利用二次函数对称轴与所给区间的关系求解,同时需注意时,符号必须一致是解题的关键,属于中档题.11.若正实数a、b满足,则的最小值为_________.【答案】7【解析】【分析】由可得,将它们替换目标式中、,应用基本不等式求最小值即可.【详解】由题设知:,即,又且,∴,当且仅当时等号成立.故答案为:.12.已知中,,,点为线段上的动点,动点满足,则的最小值等于_____.【答案】.【解析】【详解】令,,设(),∴,∴,当且仅当时,等号成立,即的最小值是,故填:.二、选择题(本大题共有4小题,满分20分,每题5分)13.有13名同学参加百米竞赛,预赛成绩各不相同,要取前6名参加决赛,小明同学已经知道了自己的成绩,为了判断自己是否能进入决赛,他还需要知道13名同学成绩的() A.平均数B.众数C.中位数D.方差【答案】C【解析】【分析】成绩由小到大排列,能否进入决赛就看小明成绩排名是否在第7以前即可得解.【详解】把13名同学成绩按由大到小排列,取成绩靠前的6个成绩进入决赛,即最中间一个数之前的6个成绩进入决赛,13个成绩按由大到小排列时,最中间一个数即是中位数.故选:C14.关于、的方程组有无穷多组解,则下列说法错误的是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由已知条件得出,,,然后计算每个选项中的行列式,可得出结果.【详解】关于、的方程组有无穷多组解,得,,.对于A选项,,A对;对于B选项,,B对; 对于C选项,,C对;对于D选项,因为,等式无意义,D错.故选:D.15.已知数列满足,若,则“数列为无穷数列”是“数列单调”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】由已知可得,设,若存在正整数,当时,有,此时数列为有穷数列;若恒不为0,由,有,此时为无穷数列,由此根据充分条件、必要条件的定义进行分析即可得结论.【详解】解:令,,由,可得,所以,即,所以数列为等差数列,首项为,公差为1,所以,设,则数列是单调递增的等差数列,若存在正整数,当时,则有,此时数列为有穷数列;若恒不为0,由,有,数列 就可以按照此递推关系一直计算下去,所以此时为无穷数列.(1)若恒不为0,则为无穷数列,由递推关系式有,取,时,,则,,,,此时数列不是单调数列;(2)当数列为有穷数列时,存在正整数,当时,有,此时数列为,,,,,,由,若数列单调,则,,,,全为正或全为负,由,则,,,,全为正,而,这与单调递增矛盾,所以当数列为有穷数列时,数列不可能单调,所以当数列单调时,数列一定有无穷多项.故选:B.【点睛】关键点点睛:本题的解题关键是,将论证数列单调时,数列一定有无穷多项等价转化为论证数列为有穷数列时,数列不可能单调.16.已知函数,,若不等式解集为,其中,则的最大值为()A.1B.2C.3D.4【答案】B【解析】【分析】化简函数的解析式,再画出、的图象,结合题意可得,运用二次方程的两根之差,求出,关于的函数,可得的范围.【详解】作出函数的图象,由函数的图象可得时,当时,, 由,即有,的图象和的图象相切,当时,即有,解得舍去),由题意可得,当时,,由,可得,即有,当时,,由,即为,解得,可得,则,由,可得,,所以其最大值为2.故选:B.【点睛】关键点睛:解决本题的关键一是数形结合思想的运用,二是韦达定理的运用,三是方程与函数思想的运用. 三、解答题(本大题共5题,满分76分)17.如图,在三棱柱中,平面,,,,点分别在棱和棱上,且,,为棱的中点(Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)求二面角的余弦值.【答案】(Ⅰ)证明见解析;(Ⅱ).【解析】【分析】(Ⅰ)由等腰三角形三线合一性质和线面垂直性质可证得,,由线面垂直的判定可证得结论;(Ⅱ)以为坐标原点建立空间直角坐标系,根据二面角向量求法可求得结果.【详解】(Ⅰ)由棱柱的性质知:,又为中点,;平面,平面平面,平面,又,平面,又平面,;又,平面,平面;(Ⅱ)以为坐标原点,为轴,可建立如图所示的空间直角坐标系, 则,,,,,设平面的法向量,,令,解得:,,;平面轴,平面的一个法向量为,,由图形可知:二面角为锐二面角,二面角的余弦值为.18.已知函数,,,,它们的最小正周期为.(1)若是奇函数,求和在上的公共减区间D;(2)若的一个零点为,求的最大值.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)根据周期求,根据是奇函数求,然后再分别求函数和在上减区间,两个减区间求交集即为公共减区间. (2)把零点代入函数的解析式求,然后对函数进行化简,从而求最大值.【详解】(1)由,得,又因为是奇函数且,所以,所以,,在上,函数的单调递减区间是,函数的单调递减区间是,所以.(2),把点代入得,即,因为,所以,所以,所以当,即时,取最大值,即.19.某企业欲做一个介绍企业发展史的铭牌,铭牌的截面形状是如图所示的扇形环面(由扇形OAD挖去扇形OBC后构成的).已知,,线段BA,CD与,的长度之和为30,圆心角为弧度. (1)求关于x的函数表达式;(2)记铭牌的截面面积为y,试问x取何值时,y的值最大?并求出最大值.【答案】(1);(2),.【解析】【分析】(1)根据扇形的弧长公式结合已知条件可得出关于、的等式,即可得出关于的函数解析式;(2)利用扇形的面积公式结合二次函数的基本性质可求得的最大值,即可得出结论.【小问1详解】解:根据题意,可算得,.因为,所以,所以,.【小问2详解】解:根据题意,可知,当时,.综上所述,当时铭牌的面积最大,且最大面积为. 20.已知抛物线和圆,抛物线的焦点为.(1)求的圆心到的准线的距离;(2)若点在抛物线上,且满足,过点作圆的两条切线,记切点为,求四边形的面积的取值范围;(3)如图,若直线与抛物线和圆依次交于四点,证明:的充要条件是“直线的方程为”【答案】(1)4;(2);(3)见解析【解析】【分析】(1)分别求出圆心和准线方程即可得解;(2)根据条件可表示出四边形的面积,利用函数的单调性即可得解;(3)充分性:令直线方程为,分别求出、、、四点坐标后即可证明;必要性:设的方程为,,,,,由可得,即可得出与的关系,进而可得出直线的方程为.【详解】(1)由可得:,的圆心与的焦点重合,的圆心到的准线的距离为.(2)四边形的面积为: ,当时,四边形的面积的取值范围为.(2)证明(充分性):若直线的方程为,将分别代入得,,,.,.(必要性):若,则线段与线段的中点重合,设的方程为,,,,,则,将代入得,,即,同理可得,,即或,而当时,将其代入得不可能成立;.当时,由得:,,将代入得,,,,,或(舍去)直线的方程为.的充要条件是“直线的方程为”.【点睛】本题考查了抛物线和圆的性质、直线与圆锥曲线的综合、条件之间的关系,考查了转化化归的思想和计算能力,属于难题.21.设数列与满足:的各项均为正数,. (1)设,若是无穷等比数列,求数列的通项公式;(2)设.求证:不存在递减的数列,使得是无穷等比数列;(3)当时,为公差不为0的等差数列且其前的和为0;若对任意满足条件的数列,其前项的和均不超过,求正整数的最大值.【答案】(1);(2)证明见解析;(3)最大值为8.【解析】【分析】(1)运用等比数列的中项性质,解方程可得公比,所求通项公式;(2)运用反证法证明,结合数列的单调性和余弦函数的值域,可得矛盾,即可得证;(3)运用等差数列的等差中项的性质和求和公式,解不等式可得所求最大值.【详解】(1)解:,,公比为由解得,数列的通项公式为.(2)证明:反证法,设存在则,此时公比,考虑不等式当时,即时,有(其中表示不超过x的最大整数),这与的值域为矛盾假设不成立,得证 (3)解:,由等差数列性质即,特别地,,现考虑的最大值为使取最大值,应有,否则在中将替换为,且,将得到一个更大的由可知,特别地,;于是解得,所以的最大值为8.【点睛】本题考查等比数列和等差数列的性质和通项公式、求和公式的运用,考查运算能力和推理能力,以及反证法的应用.
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