山东省菏泽市2022-2023学年高一数学上学期期末试卷（Word版附解析）

2022-2023学年度高一第一学期学习质量检测高一数学试题注意事项：1.本试卷分选择题和非选择题两部分.满分150分，考试时间120分钟.2.答题前，考生务必将姓名、班级等个人信息填写在答题卡指定位置.3.考生作答时，请将答案答在答题卡上.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答.超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效.一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，，则集合的真子集个数为（）A.7B.8C.15D.32【答案】A【解析】【详解】，，故，故集合的真子集个数为.故选：A2.在使用二分法计算函数的零点的近似解时，现已知其所在区间为(1，2)，如果要求近似解的精确度为0.1，则接下来需要计算（）次区间中点的函数值.A.2B.3C.4D.5【答案】C【解析】【详解】因为区间的长度为，每次二等分都使长度变为原来的，次取中间值后，区间的长度变为，不满足题意， 次取中间值后，区间的长度变为，满足题意.故选：C3.已知，，，则的大小关系为（）A.B.C.D.【答案】B【详解】，.故选：B.4.2021年12月，考古工作者又公布了关于北京建城的一件重要文字证据。这次在琉璃河遗址新发现的铭文，不仅是A国建城最早的文字证据，更是北京建城最早的文字证据.考古学家对现场文物样本进行碳14年代学检测，检验出碳14的残留量约为初始量的69%.已知被测物中碳14的质量M随时间t（单位：年）的衰变规律满足（表示碳14原有的质量），据此推测该遗址属于以下哪个时期（参考数据：）（）A.西周B.两汉C.唐朝D.元朝【答案】A【详解】由题意知，所以，故，距今时间大约为，故推测该遗址属于西周时期.故选：A.5.已知是奇函数，且在上是增函数，又，则的解集为（）A.B.C.D.【答案】A 【详解】奇函数在上为增函数，且，函数在上为增函数，且，则函数的大致图像如图所示：由，得或，则或，所以或,即的解集为,故选:A．6.已知，，则（）A.B.C.D.0【答案】D【详解】因为，所以，所以，所以， 所以或，因为，所以，所以，所以.故选：D7.已知函数（，）的部分图象如图所示，且存在，满足，则（）A.B.C.D.【答案】C【解析】 【详解】由图象可得，即，所以，，，所以，，因为，所以，所以，由，得，由，结合图象可得，，所以，所以.故选：C.8.已知函数，，且的最大值为，则的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】A【详解】由题意可知，，即，且，∴，，即.∴，（当时也成立），令，，，，则，∵，且∴由，可得，即，又在上单调递增，∴，∴. 故选：A．二、选择题：共4小题，每小题5分，共20分，每个小题给出的选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得5分，有选错的得0分，部分选对得2分.9.下列化简正确的是（）A.B.C.D.【答案】AC【详解】对于A，，故A正确；对于B，，故B错误；对于C，，故C正确；对于D，因为，即，故，所以，即，故D错误.故选：AC.10.已知函数是上的偶函数，对任意，且都有成立，，，，则下列说法正确的是（）A.函数在区间上单调递减 B.函数的图象关于直线对称C.D.函数在处取到最大值【答案】BC【详解】根据题意，函数是上的偶函数，则将其向右平移1个单位得到，则对称轴由变为，故函数的图象关于直线对称，故B正确；又由对任意，且都有成立，当时，则，当时，则所以函数在上为增函数，根据其对称轴为所以函数在上为减函数，所以在处取得最小值，故A,D错误；，，，又由函数的图象关于直线对称，，易知，所以即.故选：BC.11.把函数的图象向左平移个单位长度，得到的函数图象恰好关于轴对称，则下列说法正确的是（）A.的最小正周期为B.关于点对称 C.在上单调递增D.若在区间上存在最大值，则实数的取值范围为【答案】ACD【详解】因，所以把的图像向左平移个单位长度得到函数的图像，因为关于轴对称，所以，，即，，又因为，所以，，对于A，，故A正确；对于B，，故B错误；对于C，由，得，所以当时，的单调递增区间为，又因为，所以在上单调递增，故C正确；对于D，若函数在上存在最大值，由选项C可知，在上单调递增，且，即在时取得最大值， 所以，即实数的取值范围为，故D正确.故选：ACD.12.已知函数，若关于x的方程有四个不等实根，则下列结论正确的是（）A.B.C.D.的最小值为10【答案】ACD【解析】【详解】，画出函数图像，如图所示：根据图像知：，，故，A正确；，，B错误；，化简得到，，，当，即时等号成立， 又，此时仅有三个根，所以等号不成立，，C正确；，即，即，，，当，即时等号成立，D正确.故选：ACD.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分13.已知是方程的根，若，，则__________．【答案】2【详解】设函数，由于都在单调递增，故为上增函数，故函数在至多存在一个零点，且，，所以，所以．故答案为：214.若关于的不等式的解集为，则的值为__________.【答案】1【详解】由一元二次不等式的解集知，方程有相等的实数根1，所以，解得， 故答案为：1．15.若角终边落在直线上，角的终边与单位圆交于点，且，则________.【答案】【详解】由角的终边与单位圆交于点，得，又，∴，因为角的终边落在直线上，所以角只能是第三象限角．记P为角的终边与单位圆的交点，设，则，即，又，解得，即，因为点在单位圆上，所以，解得，即，所以.故答案为：.16.定义其中表示中较大的数.对，设，，函数，则（1）______；（2）若，则实数的取值范围是______.【答案】①.②. 【详解】（1）当时，，，所以，.所以，即.（2），当时，，当时，.若，则，解得或，若，则，解得.当时，，当时，，当时，.所以，故在上单调递增.所以，则，解得.故答案为：；四、解答题：本题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17.已知函数的定义域为集合，的值域为集合，.（1）求；（2）若，求.【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】 由题意可得，解得且，∴函数的定义域且，∵对任意，，所以，∴函数的值域，∴；【小问2详解】，因为，所以，因为且，所以，所以18已知函数，其中且．（1）若且函数的最大值为2，求实数a的值．（2）当时，不等式在有解，求实数m的取值范围．【答案】（1）（2）【小问1详解】当时，所以，当时，在定义域内单调递增，，解得当时，在定义域内单调递减，，解得，不符合题意，舍去综上所述，实数a的值为. 【小问2详解】要使在上有意义，则，解得由，即，因为，所以即，得，令，，记，对称轴为，若不等式在有解，则在有解即，即综上所述，实数m的取值范围为19.已知函数，其图象中相邻的两个对称中心的距离为，且函数的图象关于直线对称；（1）求出的解析式；（2）将的图象向左平移个单位长度，得到曲线，若方程在上有两根，，求的值及的取值范围.【答案】（1）（2），【小问1详解】解：因为函数的图象相邻的对称中心之间的距离为，所以，即周期，所以，所以， 又因为函数的图象关于直线轴对称，所以，，即，，因为，所以，所以函数的解析式为；【小问2详解】解：将的图象向左平移个单位长度，得到曲线，所以，当时，，,当时，有最小值且关于对称，因为方程在上有两根，，所以，，即的取值范围.20.已知定义域为的函数是奇函数．（1）求的解析式；（2）判断单调性，并用单调性的定义加以证明；（3）若不等式对任意的恒成立，求实数的取 值范围．【答案】（1）（2）函数为上的单调增函数；证明见解析（3）【小问1详解】由于是定义在上的奇函数，所以.此时有，是定义在上的奇函数，【小问2详解】在上递增，理由如下：任取,，其中，所以，所以在上递增.小问3详解】，，所以对任意恒成立， ，当时等号成立.所以.21.世界范围内新能源汽车的发展日新月异，电动汽车主要分三类：纯电动汽车、混合动力电动汽车和燃料电池电动汽车.这3类电动汽车目前处在不同的发展阶段，并各自具有不同的发展策略.中国的电动汽车革命也早已展开，以新能源汽车替代汽（柴）油车，中国正在大力实施一项将重新塑造全球汽车行业的计划.2022年某企业计划引进新能源汽车生产设备，通过市场分析，全年需投入固定成本2000万元，每生产（百辆），需另投入成本（万元），且；已知每辆车售价5万元，由市场调研知，全年内生产的车辆当年能全部销售完.（1）求出2022年的利润（万元）关于年产量（百辆）的函数关系式；（2）2022年产量为多少百辆时，企业所获利润最大？并求出最大利润.【答案】（1）;（2）100（百辆），2300万元.【小问1详解】由题意知利润收入-总成本，所以利润,故2022年的利润（万元）关于年产量x（百辆）的函数关系式为.【小问2详解】 当时，，故当时，；当时，,当且仅当，即时取得等号；综上所述，当产量为100（百辆）时，取得最大利润，最大利润为2300万元．22.如图是一矩形滨河公园，其中长为百米，长为百米，的中点为便民服务中心.根据居民实际需求，现规划建造三条步行通道、及，要求点、分别在公园边界、上，且.（1）设.①求步道总长度关于的函数解析式；②求函数的定义域.（2）为使建造成本最低，需步行通道总长最短，试求步行通道总长度的最小值.【答案】（1）①.，②；（2）百米.【详解】（1）①在矩形中，因为，，所以.因为，为的中点，所以.在中，，.在中，，.又因为， 所以，所以.②因为，，所以即解得，所以，所以函数的定义域为.（2）.令，则，所以.因为，所以，所以，所以.因为在上为减函数， 所以当，即时，取得最小值，故步行通道总长度的最小值为百米.