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广东省广州市天河区2023届高三数学二模试题(Word版附解析)

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2023届高三天河区二模数学模拟测试一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】求出集合后可求.【详解】由题可知:,所以.故选:B.2.已知向量,,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】利用充分条件、必要条件的定义结合向量共线的定义判断作答.【详解】若,则,即,当,即时,满足,而无意义,所以“”是“”的充分不必要条件.故选:A3.若展开式的各项系数和为8,则() A.1B.C.2D.【答案】C【解析】【分析】直接令计算可得答案.【详解】令得,解得故选:C.4.已知随机变量的分布列如下:12若,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据期望公式及概率和为1列方程求解.【详解】由已知得解得故选:B.5.已知函数的图象关于点对称,且在上单调,则的取值集合为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据已知条件列式,由此求得的取值集合. 【详解】关于点对称,所以,所以①;,而在上单调,所以,②;由①②得的取值集合为.故选:C6.若函数在区间上的最小值为,最大值为,则下列结论正确的为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】求出函数在上为奇函数,数形结合得到最小值与最大值的和为0,推导出.【详解】,由题意得:,故,关于原点对称,且,故为奇函数,则,A正确,D错误;故一定异号,所以,BC错误.故选:A7.已知双曲线的右焦点与抛物线的焦点重合,抛物线的准线交双曲线于A,B两点,交双曲线的渐近线于C、D两点,若 .则双曲线的离心率为()A.B.C.2D.3【答案】A【解析】【分析】设公共焦点为,进而可得准线为,代入双曲线及渐近线方程,结合线段长度比值可得,再由双曲线离心率公式即可得解.【详解】设双曲线与抛物线的公共焦点为,则抛物线准线为,令,则,解得,所以,又因为双曲线的渐近线方程为,所以,所以,即,所以,所以双曲线的离心率.故选:A.8.已知函数,且恒成立,若恰好有1个零点,则实数的范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由恒成立,可得.注意到,则的零点为.函数零点为.后分四种情况讨论即可.【详解】因恒成立,则, 则,又,则的零点为,1.又函数零点为.①当时,在上无零点,在上有零点,则符合题意;②当时,在上有零点,在上有零点,则不合题意;③当时,在上有零点,在上无零点,则符合题意;④当时,在上有零点,1,在在上无零点,则不合题意.综上:.故选:C二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.设复数,(i为虚数单位),则下列结论正确的为()A.是纯虚数B.对应的点位于第二象限C.D.【答案】AD【解析】【分析】根据复数的概念判断A;算出判断B;算出判断C;求出判断D.【详解】对于A:,其实部为零,虚部不为零,纯虚数,A正确;对于B:,其在复平面上对应的点为,在第四象限,B错误;对于C:,则,C错误;对于D:,则,D正确.故选:AD. 10.下列等式能够成立的为()A.B.C.D.【答案】BC【解析】【分析】利用两角和与差的正弦余弦公式及倍角公式逐一计算判断.【详解】对于A:,A错误;对于B:,B正确;对于C:,C正确;对于D:,D错误.故选:BC.11.已知圆:,则()A.圆关于直线对称B.圆被直线截得的弦长为C.圆关于直线对称的圆为D.若点在圆上,则的最小值为5【答案】BCD【解析】【分析】利用圆的方程可求得圆心与半径,由直线不过圆心即可判断A;求出圆心到直线的距离,进而求得弦长,即可判断B;设圆关于直线对称的圆的圆心为,列方程组求出,由此可得所求圆的方程,即可判断C;表示与点的距离,求得,进而可得所求的最小值,即可判断D. 【详解】圆的一般方程为,,故圆心,半径为=5,,则直线不过圆心,故A错误;点到直线的距离,则圆被直线截得的弦长为,故B正确;设圆关于直线对称的圆的圆心为,则,解得,即,故圆关于直线对称的圆的方程为,即,故C正确;表示与点的距离,又,的最小值是,故D正确.故选:BCD.12.如图,正方体的棱长为2,若点在线段上运动,则下列结论正确的为()A.直线可能与平面相交B.三棱锥与三棱锥的体积之和为定值C.当时,与平面所成角最大 D.当的周长最小时,三棱锥的外接球表面积为【答案】BCD【解析】【分析】A.利用面面平行的性质定理,判断A;B.利用等体积转化,可判断B;C.利用垂直关系的转化,结合线面角的定义,即可判断C;D.首先确定点的位置,再利用球的性质,以及空间向量的距离公式,确定球心坐标,即可确定外接球的半径,即可判断D.【详解】A.如图,,且平面,平面,所以平面,同理平面,且平面,平面,且,所以平面平面,且平面,所以平面,故A错误;B.如图,过点作于点,于点,根据面面垂直的性质定理可知,平面,平面,,. 故B正确;C.因为平面,平面,所以,且,且,平面,平面,所以平面,且平面,所以,即,点是的中点,此时线段最短,又因为,且平面,平面,所以平面,即上任何一个点到平面的距离相等,设为,设与平面所成角为,,,当时,线段最短,所以此时最大,所以最大,故C正确;D.的周长为,为定值,即最小时,的周长最小,如图,将平面展成与平面同一平面,当点共线时,此时最小,作,垂足为,,解得:,如图,以点为原点,建立空间直角坐标系, ,,连结,平面,且经过的中心,所以三棱锥外接球的球心在上,设球心,则,即,解得:,,所以外接球的表面积,故D正确.附:证明平面,因为平面,平面,所以,又因为,且,平面,平面,所以平面,平面,所以,同理,且,所以平面,且三棱锥是正三棱锥,所以经过的中心.故选:BCD【点睛】思路点睛:本题考查空间几何的综合应用,难点是第四个选项的判断,充分利用数形结合和空间向量的综合应用,解决三棱锥外接球的球心问题.三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.函数的图象在处的切线方程为____________ 【答案】【解析】【分析】求出函数的导数,再利用导数的几何意义即可求解作答.【详解】函数,求导得:,则,而,所以函数的图象在处的切线方程为.故答案为:14.现有甲、乙、丙、丁在内的6名同学在比赛后合影留念,若甲、乙二人必须相邻,且丙、丁二人不能相邻,则符合要求的排列方法共有__种.(用数字作答)【答案】144【解析】【分析】根据题意,分2步进行分析:①将甲乙看成一个整体,与甲、乙、丙、丁之外两人全排列,②排好后,有4个空位,在其中任选2个,安排丙、丁,由分步计数原理计算可得答案.【详解】根据题意,分2步进行分析:①将甲乙看成一个整体,与甲、乙、丙、丁之外的两人全排列,有种情况,②排好后,有4个空位,在其中任选2个,安排丙、丁,有种情况,则有种排法,故答案为:144.15.在等腰梯形中,已知,,,,动点E和F分别在线段和上,且,,当__________时,则有最小值为__________.【答案】①.②.【解析】【分析】先求出,,,,则 ,代入结合均值不等式即可求出答案.【详解】因为在等腰梯形中,已知,,,,可知,所以,,,,则.当且仅当,即时取等号,即最小值.故答案为:;.16.如图是瑞典数学家科赫在1904年构造的能够描述雪花形状的图案.图形的作法为:从一个正三角形开始,把每条边分成三等份,然后以各边的中间一段为底边分别向外作正三角形,再去掉底边.反复进行这一过程,就得到一条“雪花”状的曲线.设原正三角形(图①)的边长为1,将图①,图②,图③,图④中的图形周长依次记为,则______. 【答案】##【解析】【分析】观察图形可知周长形成的数列是首项,公比为的等比数列,即可求解作答.【详解】观察图形知,各个图形的周长依次排成一列构成数列,从第二个图形开始,每一个图形的边数是相邻前一个图形的4倍,边长是相邻前一个图形的,因此从第二个图形开始,每一个图形的周长是相邻前一个图形周长的,即有,因此数列是首项,公比为的等比数列,,,所以.故答案为:四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.设数列的前项和为,且.(1)求的通项公式;(2)设,记的前项和为,证明:.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)利用计算整理得,再利用等比数列的通项公式求解即可; (2)将变形,利用裂项相消法求,进一步观察证明不等式.【小问1详解】①,当时,②,①-②得,即,又当时,,解得,数列是以2为首项,2为公比的等比数列,;【小问2详解】由(1)得,,因为,18.在中,角所对的边分别为,且.(1)求角的大小;(2)若角的平分线交于且,求的最小值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)化简得到,根据正弦定理计算得到,得到角度.(2)设,,确定,计算 ,再利用均值不等式计算得到答案.【小问1详解】,即,即.由正弦定理得,,,故.,,故,又,故,故;【小问2详解】,设,,根据向量的平行四边形法则:,即,,又,故,当且仅当时等号成立,故的最小值为.19.在四棱锥中,平面底面ABCD,底面ABCD是菱形,E是PD的中点,,,. (1)证明:平面EAC.(2)若四棱锥的体积为,求直线EC与平面PAB所成角的正弦值.【答案】(1)证明详见解析(2)【解析】【分析】(1)通过构造中位线的方法来证得平面EAC.(2)根据四棱锥的体积求得,建立空间直角坐标系,利用向量法求得直线EC与平面PAB所成角的正弦值.【小问1详解】连接交于,连接,因为四边形是菱形,所以是的中点,又是的中点,所以,因为平面平面,所以平面.【小问2详解】取的中点,连接,则,因为平面平面且交线为,平面,所以平面. 设,则,解得.因为底面是菱形,,所以,且.以为坐标原点,以所在直线分别为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,则,,,设平面的法向量为,则,故可设,则,所以直线EC与平面PAB所成角的正弦值为.20.某创业者计划在某旅游景区附近租赁一套农房发展成特色“农家乐”,为了确定未来发展方向,此创业者对该景区附近五家“农家乐”跟踪调查了100天,这五家“农家乐”的收费标准互不相同,得到的统计数据如下表,x为收费标准(单位:元/日),t为入住天数(单位:天),以频率作为各自的“入住率”,收费标准x与“入住率”y的散点图如图. x100150200300450t9065453020(1)若从以上五家“农家乐”中随机抽取两家深入调查,记为“入住率”超过0.6的农家乐的个数,求的概率分布列;(2)令,由散点图判断与哪个更合适于此模型(给出判断即可,不必说明理由)?并根据你的判断结果求回归方程;(,的结果精确到0.1)(3)根据第(2)问所求的回归方程,试估计收费标准为多少时,100天销售额L最大?(100天销售额L=100×入住率×收费标准x)参考数据:,,,,,,,,,,.【答案】(1)012P(2)(3)150元/天【解析】【分析】(1)根据图象得出的所有可能情况,利用超几何分布求得不同下的概率,进而列出分布列. (2)由散点图判断出更适模型的回归方程,分别求出和,求出回归方程.(3)写出100天销售额L的表达式,再根据导数求得最大值,即可得出收费标准.【小问1详解】由题意,抽取两家深入调查,可能为0,1,2.,,,∴的分布列为:012P【小问2详解】由散点图可知,散点并非均匀分布在一条直线的两侧,而是大致分布在一条曲线的两侧,不符合线性回归模型要求,∴更合适于此模型,∵∴∴回归方程为:【小问3详解】由题意得,,在中当时,解得:,当即时,函数单调递减, 当即时,函数单调递增,∴函数在处取最大值,∴收费标准为150元/天时,100天销售额L最大.21.已知直线与抛物线交于,两点,且与轴交于点,过点,分别作直线的垂线,垂足依次为,,动点在上.(1)当,且为线段的中点时,证明:;(2)记直线,,的斜率分别为,,,是否存在实数,使得?若存在,求的值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)取的中点,连接.利用几何法,分别证明出,为的角平分线,即可证明;(2)利用“设而不求法”分别表示出,解方程求出.【小问1详解】如图示:当时,恰为抛物线的焦点.由抛物线的定义可得:.取的中点,连接,则为梯形的中位线,所以. 因为为的中点,所以,所以.在中,由可得:.因为为梯形的中位线,所以,所以,所以.同理可证:.在梯形中,,所以,所以,所以,即.【小问2详解】假设存在实数,使得.由直线与抛物线交于,两点,可设.设,则,消去可得:,所以,.则.而.所以,解得:.22.已知定义在上的函数. (1)若,讨论的单调性;(2)若,且当时,不等式恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1)分类讨论,答案见解析;(2).【解析】【分析】(1)求出函数的导数,再分类讨论解和作答.(2)当时,可得为任意正数,当时,变形给定不等式,构造函数并利用单调性建立不等式,分离参数求解作答.【小问1详解】函数,,求导得:,当时,,函数在上单调递增,当时,由得,由得,则在上递增,在上递减,所以当时,函数的递增区间是;当时,函数的递增区间是,递减区间是.【小问2详解】因为,且当时,不等式恒成立,当时,,恒成立,因此,当时,, 令,原不等式等价于恒成立,而,即函数在上单调递增,因此,即,令,,当时,,当时,,函数在上单调递增,在上单调递减,,因此,综上得,所以实数的取值范围是.【点睛】关键点睛:涉及不等式恒成立问题,将给定不等式等价转化,构造函数,利用导数探求函数单调性、最值是解决问题的关键.

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发布时间:2023-03-05 10:35:01 页数:23
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文章作者:随遇而安

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