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重庆市渝东六校共同体2022-2023学年高二数学上学期期中联考试卷(Word版带答案)

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渝东六校共同体高2024届(高二上)联合诊断性测试数学试题一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每个小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知直线方程为,则其倾斜角为(    )A.B.C.D.2.已知向量,且与互相平行,则(    )A.B.C.D.3.已知椭圈的两个焦点是,椭圆上任意一点与两焦点距离的和等于8,则椭圆C的离心率为()A.B.C.D.24.已知点,向量=,过点P作以向量为方向向量的直线L,则点到直线L的距离为(    )A.0B.C.D.5.如图,在正方体中,点E为棱的中点,则异面直线AC与DE所成角的余弦值为(    )A.B.C.D.6.求过两圆和的交点,且圆心在直线上的圆的方程(    )A.B.C.D.7.椭圆,为椭圆的一个焦点,长轴长是短轴的倍,椭圆上存在一点p与关于直线对称,则椭圆的方程为()A.B.C.或D.或8.在平面直角坐标系中,圆点T在直线上运动,若圆C上存在以为中点的弦,且,则点T的纵坐标的取值范围是()A.B.C.D. 二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。(  )  C.l1∥l2的充要条件是a=3. D.点P(1,3)到直线l1的距离的最大值为5.C.当表示双曲线时,则的取值范围为(-2,4).D.存在实数,使表示圆.11.已知圆C:x-12+y-22=9,直线L:y-1=kx-3.下列命题正确的有(    )A.直线L与圆C可能相切.B.x轴被圆C截得的弦长为25.C.直线L被圆C截得的最短弦长为4.D.若直线L与圆相交于A,B两点,∆ACB面积的最大值为92.12.在正方体中,,点P满足,其中,则下列结论正确的是(    )A.当平面时,不可能垂直.B.若与平面所成角为,则点P的轨迹长度为.C.当时,正方体经过点、P、C的截面面积的取值范围为[,].D.当时,的最小值为.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.已知直线l的倾斜角是直线的倾斜角的2倍,且l经过点,则直线l的一般方程为______.14.以椭圆的右焦点F为圆心,并过椭圆的短轴端点的圆的方程为________.15.如图,在四棱锥中,,底面为菱形,边长为4,,平面,异面直线与所成的角为60°,若为线段的中点,则点到直线的距离为______.16.在平面直角坐标系中有两定点A、B,且,动点P满足,若点P总不在以点B为圆心,为半径的圆内,则实数的最小值为_______.四、解答题:本题共6小题,共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步棸。 17.(10分)在中,已知点A(8,4),B(4,-1),C(-6,3).(1)求BC边上中线的方程.(2)若某一直线过B点,且x轴上截距是y轴上截距的2倍,求该直线的一般式方程.18.(12分)如图,三棱柱中侧棱与底面垂直,且AB=AC=2,AA1=4,AB⊥AC,M,N,P分别为CC1,BC,的中点.(1)求证:PN∥面ACC1A1;(2)求平面PMN与平面ACC1A1所成锐二面角的余弦值.19.(12分)已知的两个顶点分别为椭圆x2+4y2=4的左焦点和右焦点,且三个内角满足关系式.(1)求线段的长度;(2)求顶点的轨迹方程.20.(12分)已知平面内动点P与点Q-2,0,A2,0的斜率之积为-1。(1)求动点P的轨迹C的方程.(2)已知点P为第三象限内一点且在轨迹C上,B(0,2),直线PA与y轴交于点M,直线PB与x轴交于点N,求证:四边形ABNM的面积为定值.21.(12分)如图,四棱锥中,底面为菱形,,,点为的中点.(1)证明:;(2)若平面平面,在线段PD上是否存在点M,使得二面角的余弦值为,如果存在,求直线与平面所成角的正弦值,如果不存在,请说明理由.(1)求椭圆的标准方程;(2)当椭圆C和圆O:x2+y2=1.过点A(m,0)(m>1)作直线l1和l2,且两直线 的斜率之积等于1,l1与圆O相切于点P,l2与椭圆相交于不同的两点M,N.(1)求m的取值范围;(2)求△OMN面积的最大值.渝东六校共同体高2024届(高二上)联合诊断性测试数学答案1.D2.D3.B4.B5.C6.A7.C由题意知(1)当焦点在x轴上得,椭圆的方程为,椭圆上任取点,取焦点,则中点,根据条件可得,,两式联立,代入椭圆方程解得,,(2)当焦点在y轴上时,方程成立,由此可得椭圆的方程.故选C.8C为的中点,且,为直角三角形,,若,为切线,且,则,在中则,过点向圆引的两条切线的夹角不小于时,满足题意,则圆心到的距离不大于,即解得.故选:C.9ABD10BC11BCD【解析】直线L:y-1=kx-3,则无论k为何值,直线过定点.AB因为3-12+1-22<9,则点在圆的内部,直线与圆相交,故A错误;令y=0,则x-12=5,解得:x=1±5,故圆被x轴截得的弦长为25,故B正确;圆心,半径为3,,当截得的弦长最小时,,最短弦长为29-5=4,故C正确;当时,12<sin∠ACD的最小值=23<22π3<∠ACB<π∆ACB面积的最大值为12∙3∙3∙sinπ2=92.故D正确。故选:BCD.12:BD【详解】解:对于A选项:建立如图所示的空间直角坐标系, 则,,,,,,,所以,,则,,设平面的一个法向量为,所以,令,则,即平面的一个法向量为,若平面,则,即,则当时,,即P为中点时,有平面,且,故A不正确;B选项:因为平面,连接,则即为与平面所成角,若与平面所成角为,则,所以,即点P的轨迹是以为圆心,以1为半径的个圆,于是点P的轨迹长度为,故B正确;C选项:因为,所以点p一定在上,又因为当或1时,的面积取最大值,此时截面面积为,设的中点为H,由图形的变化可得当点p在DH和运动时,所得截面对称相同,于是当时,的面积取最小值,此时截面面积为;故C错误. D选项:如图,将平面与平面沿展成平面图形,线段即为的最小值,利用余弦定理可知所以,故D正确;故选:BD13.4x-3y-6=014.x-32+y2=415.316.515题方法一:连接.以为坐标原点,向量,,的方向分别为,,轴的正方向,建立空间直角坐标系,,为异面直线与所成角,即.在菱形中,,,,.设,则,   ,,,点到直线的距离为.   故答案为:3.方法二 在菱形中,,,,.设,,可得设点到直线的距离为h又由等面积法可得,从而可得h=316:以所在直线为x轴,线段的垂直平分线为y轴,建立平面直角坐标系,则. 设,且动点P满足,即,则,又因为时,点P在以原点为圆心,为半径的圆上,同时点P总不在以点B为圆心,1为半径的圆内,即圆与圆相离或外切内切或内含,所以或,解得(舍去)或,所以实数的最小值为5.故答案为:5.17(1)x-3y+4=0.........5分 (2)x+4y=0或x+2y-2=0........5分18.(1)方法一:以点A为坐标原点,AB、AC、所在直线分别为x、y、z轴建立空间直角坐标系,则,,,,.取向量为平面的一个法向量,,∴,∴.又∵平面,∴平面.......5分方法二:设D为的中点.∵P,D分别为,的中点,∴,且平面,平面,∴平面,∵D,N分别为,BC的中点,∴,且平面,平面,∴平面,又,∴平面平面,又∵平面PDN,∴平面.             ......5分方法三:取AC的中点Q,易证明与平行,∴平面......5分(2)以点A为坐标原点,AB、AC、所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系, 则,,,,.......7分∴,,取向量为平面的一个法向量,设平面PMN的法向量为,则,即,令,则,,则,........10分∴,∴平面PMN与平面所成锐二面角的余弦值为.......12分19【解析】(1)椭圆的方程为x2+4y2=4椭圆的方程为,分别为椭圆的左焦点和右焦点,,,线段的长度  .......5分(2)中根据正弦定理得:(为外接圆半径),.......8分C点的轨迹是以为左右焦点的双曲线的右支,且,......10分顶点的轨迹方程为.....12分20解:(1)设Px,y,由题意得:yx+2∙yx-2=-1x2+y2=4y≠0...........5分 (2)设Px0,y0,则x0<0,y0<0,x02+y02=4.因为kAP=y0x0-2直线AP:y=kAPx-2令x=0,则yM=-2y0x0-2<0.同理,xN=-2x0y0-2<0......8分∴BM=2+2y0x0-2,AN=2+2x0y0-2SABNM=12ANBM=21+y0x0-21+x0y0-2.......10分=2x0+y0-22x0-2y0-2=2x02+y02+4-4x0+y0+2x0y0x0y0-2x0+y0+4=4.......12分21.详解:(1)连接,因为,,所以为正三角形,又点为的中点,所以.又因为,为的中点,所以.又,所以平面,又平面,所以……………………………..(5分)(2)由(1)知.又平面平面,交线为,所以平面,以为坐标原点,分别以,,所在直线为,,轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则,,,,,…………….(6分)设,则设平面的一个法向量为,可得,则………………….(8分)由(1)知平面,则取平面的一个法向量,由得………………..(10分)平面的法向量为又设直线与平面所成角为则………………………………….(12分) 22解:由已知得,椭圆的方程为x22+y2=1...............2分(1)①当1<m <2时,满足条件;................3分②当m≥2时,直线l2的斜率存在,设为k,则直线l2的方程为y=k(x-m),即kx-y-km=0,两直线的斜率之积为1∵l1于圆O相切于点P,∴|-m|1+k2=1,化简得m2=1+k2,................4分由y=k(x-m)x22+y2=1得,(2k2+1)x2-4mk2x+2k2m2-2=0,∴△=(-4mk2)2-4(2k2+1)(2m2k2-2)>0,化简得,1+k2(2-m2)>0,由m2=1+k2得,k2=m2-1,代入上式化简得,m4-3m2+1<0,解得3-52<m2<3+52,又m≥2,则2≤m2<3+52,得2≤m<5+12,综上得,m的取值范围是(1,5+12);...............6分(2)设M(x1,y1),N(x2,y2),①当直线l2的斜率不存时,则1<m <2时,则直线l2的方程x=m,不妨设M(m,2-m22),N(m,-2-m22),∴|MN|=22-m22,则△OMN面积S=12×m×22-m22=m2(2-m2)2,由1<m<2得1<m2<2,当m2=1 时,△OMN面积S取到最大值22;...............8分②当直线l2的斜率存在,设为k,则直线l2的方程为y=k(x-m),即kx-y-km=0,由(1)可知m2=1+k2,x1+x2=4mk22k2+1,x1x2=2m2k2-22k2+1,又|MN|=(1+k2)[(x1+x2)2-4x1x2]=(1+k2)[(4mk22k2+1)2-4×2m2k2-22k2+1]=22(1+k2)[1+k2(2-m2)]2k2+1,又原点O(0,0)到直线l2的距离d=|-km|1+k2,∴△OMN面积S=12×|-km|1+k2×22(1+k2)[1+k2(2-m2)]2k2+1=2k2m2(1+2k2-k2m2)2k2+1=2m2k22k2+1-(m2k22k2+1)2,...............10分设t=m2k22k2+1,则S=2-t2+t,由1<m<5+12以及m2=1+k2得,0<t<1 ,所以当t=12时,△OMN面积的最大值是22,综上得,△OMN面积的最大值是22. ...............12分

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-02-18 15:40:02 页数:11
价格:¥2 大小:1.01 MB
文章作者:随遇而安

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