内蒙古赤峰二中高二数学上学期第二次月考试题文
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高二上学期第二次月文科数学本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第I卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1命题“对任意,都有”的否定为() A.对任意,都有B.不存在,都有C.存在,使得D.存在,使得2.曲线y=在点(1,)处切线的倾斜角为()A.1B.C.D.-3.如图所示,程序框图(算法流程图)的输出结果是()A.B.C.D.4方程至少有一个负实根的重要条件是ABCD或5.下列求导运算正确的是()A.(x+B.(log2x=C.(3x=3xlog3eD.(x2cosx=-2xsinx6下列说法正确的是()、若不存在,则曲线在点处就没有切线;[Z-x-x-k.Com]、若曲线在点有切线,则必存在;、若不存在,则曲线在点处的切线斜率不存在。;5\n、若曲线在点处的切线斜率不存在,则曲线在该点处没有切线。7函数有极值的充要条件是()A.B.C.D.8.已知椭圆E的中心为坐标原点,离心率为,E的右焦点与抛物线C:y2=8x的焦点重合,A,B是C的准线与E的两个交点,则|AB|=( )A.3B.6C.9D.129设为实数,函数的导函数为,且是偶函数,则曲线:在点处的切线方程为()A.B.C.D.10.若关于x的方程x3-3x+m=0在[0,2]上有实根,则实数m的取值范围是( )A.[-2,2]B.[0,2]C.[-2,0]D.(-∞,-2)∪(2,+∞)11.函数的定义域为开区间,其导函数在内的图象如图所示,则函数在开区间内极小值点的个数为()A.1个B.2个C.3个D.4个12.设是上的奇函数,当时,,且,则不等式的解集是()A.B.C.D.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.3抛物线的焦点到双曲线的渐近线的距离是__________14.函数的单调递增区间是__________15.直线相切于点(2,3),则b的值为。16.若点O和点F分别为椭圆的中心和左焦点,点P为椭圆上任意一点,则的最大值为__________5\n三、解答题:解答应写出文字说明.证明过程或演算步骤17.(本小题满分10分)已知a<2,函数f(x)=(x2+ax+a)ex.(1)当a=1时,求f(x)的单调递增区间;(2)若f(x)的极大值是6e-2,求a的值.18(本小题满分12分)已知函数f(x)=xlnx(1)求f(x)的最小值(2)若对所有都有f(x),求实数a的取值范围19.(本小题满分12分)已知函数f(x)=ax3+cx+d(a≠0)是R上的奇函数,当x=1时,f(x)取得极值-2.(1)求f(x)的单调区间和极大值;(2)证明对任意x1,x2∈(-1,1),不等式|f(x1)-f(x2)|<4恒成立.20.(本小题满分12分)设椭圆E的方程为+=1(a>b>0),点O为坐标原点,点A的坐标为(a,0),点B的坐标为(0,b),点M在线段AB上,满足|BM|=2|MA|,直线OM的斜率为.(1)求E的离心率e;(2)设点C的坐标为(0,-b),N为线段AC的中点,证明:MN⊥AB.21(本小题满分12分)已知椭圆的两个焦点分别为、,短轴的两个端点分别为(1)若为等边三角形,求椭圆的方程;(2)若椭圆的短轴长为,过点的直线与椭圆相交于两点,且,求直线的方程.22(本小题满分12分)已知函数;(1)若函数在上是减函数,求实数的取值范围;(2)令,是否存在实数,当(是自然常数)时,函数的最小值是5\n,若存在,求出的值,若不存在,说明理由;答案一DBDBBCCBAAAD二,(0,1),-15;6三17解析 (1)当a=1时,f(x)=(x2+x+1)ex,∴f′(x)=(x2+3x+2)ex.由f′(x)≥0,得x2+3x+2≥0,解得x≤-2或x≥-1.∴f(x)的单调递增区间是(-∞,-2],[-1,+∞).(2)f′(x)=[x2+(a+2)x+2a]ex.由f′(x)=0,得x=-2或x=-a.∵a<2,∴-a>-2.当x变化时,f′(x),f(x)变化情况列表如下:x(-∞,-2)-2(-2,-a)-a(-a,+∞)f′(x)+0-0+f(x)极大值极小值∴x=-2时,f(x)取得极大值.而f(-2)=(4-a)·e-2,∴(4-a)e-2=6·e-2.∴a=-2.18(1)减区间,增区间最小值(2)令g(x)=f(x)-(ax-1),a1成立,a>1不恒成立,综上a的取值范围是19解析 (1)由奇函数的定义,应有f(-x)=-f(x),x∈R,即-ax3-cx+d=-ax3-cx-d,∴d=0.因此f(x)=ax3+cx,f′(x)=3ax2+c.由条件f(1)=-2为f(x)的极值,必有f′(1)=0.故解得a=1,c=-3.因此f(x)=x3-3x,f′(x)=3x2-3=3(x+1)(x-1),f′(-1)=f′(1)=0.当x∈(-∞,-1)时,f′(x)>0,故f(x)在区间(-∞,-1)上是增函数;当x∈(-1,1)时,f′(x)<0,故f(x)在区间(-1,1)上是减函数;当x∈(1,+∞)时,f′(x)>0,故f(x)在区间(1,+∞)上是增函数.∴f(x)在x=-1处取得极大值,极大值为f(-1)=2.(2)由(1)知,f(x)=x3-3x(x∈[-1,1])是减函数,且f(x)在[-1,1]上的最大值M=f(-1)=2,f(x)在[-1,1]上的最小值m=f(1)=-2.∴对任意的x1,x2∈(-1,1),恒有|f(x1)-f(x2)|<M-m=2-(-2)=4.20.解:(1)由题设条件知,点M的坐标为,又kOM=,所以=.进而a=b,c==2b,故e==.(2)证明:由N是AC的中点知,点N的坐标为,可得=.又=(-a,b),从而有·=-a2+b2=(5b2-a2).由(1)的计算结果可知a2=5b2,所以·=0,故MN⊥AB.21【答案】[解](1)设椭圆的方程为.根据题意知,解得,故椭圆的方程为.(2)容易求得椭圆的方程为.当直线的斜率不存在时,其方程为,不符合题意;当直线的斜率存在时,设直线的方程为.5\n由得.设,则因为,所以,即,解得,即.故直线的方程为或.22、解:在上恒成立令∴在上恒成立∴得…………4分∴…………5分(2)假设存在实数,使有最小值…………6分①当时,在上单调递减,∴舍去②当即时,在上单调递减,在上单调递增∴∴满足条件③当即时,在上单调递减∴舍去综上所述,存在使得当时,有最小值…………12分5
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