河北省邯郸市涉县索堡中学2022届九年级物理上学期期中试题含解析新人教版

2022-2022学年河北省邯郸市涉县索堡中学九年级（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）2．如图所示，是由微颗粒（1～50nm）制备得到新型防菌“纳米纸”．在“纳米纸”的表面细菌无法停留且油水不沾．与此现象有关的判断正确的是()A．组成“纳米纸”的分子间没有间隙B．油与“纳米纸”分子间有斥力没有引力C．“纳米纸”可阻止细菌分子无规则运动D．油分子间引力使纸面上的油汇集成小油珠3．下列各电路图，与实物图一致的电路图是()A．B．C．D．4．如图所示电路，要使电阻R1、R2并联，则应将()A．S2、S3闭合，S1断开B．S1、S2闭合，S3断开C．S2闭合，S1、S3断开D．S1闭合，S2、S3断开5．一根长1m导线，电阻为R，先把它剪去一半，再将剩下的一半拉长到1m，此时它的电阻()A．大于RB．等于RC．小于RD．因条件不足，无法判断其变化17\n6．如图所示，电路中a、b是电表，闭合开关要使两灯发光，则()A．a是电压表，b是电流表B．a、b都是电压表C．a是电流表，b是电压表D．a、b都是电流表7．如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过电压表是显示的数据来反应水位升降情况．水位最低时，滑杆P位于R的a端处．L是一个指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻．下列判断正确的是()A．当水位不变时，则电压表示数不变，指示灯不亮B．当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变暗C．当电压表示变大，指示灯变亮，则表明水位上升D．当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变亮8．小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按如图所示连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光．为检测出电路故障，他做了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零．则电路故障可能是()A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L2短路D．电流表烧坏了9．如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为()17\nA．6V1.5VB．7.5V1.5VC．1.5V7.5VD．1.5V6V10．下列说法正确的是()A．物体吸热后温度就一定升高B．一桶水的比热容比一杯水的比热容大C．用锯条锯木板时，锯条发热，锯条内能增加D．糖放入水中，过一段时间后整杯水都变甜了，表明分子在不停的做无规则运动11．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法错误的是()A．电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变B．电压表V2与电流表A的示数之比保持不变C．电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大D．电流表A的示数变小，电压表V2的示数变大二、填空及简答题（每空1分，共19分）12．在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机关工作过程中的两个冲程示意图．与丙冲程原理相同的是__________图所示的演示实验；__________实验与丁冲程原理相同．13．用电流表测通过小灯泡的电流，如图甲所示，发现通过灯泡L1的电流比通过灯泡L2的电流大，电流表示数如图乙所示，则灯泡L1中的电流是__________A，灯泡L3中的电流是__________A．17\n14．一个电铃，两端电压为12V时恰好能正常工作，此时通过电铃的电流为0.5A，现要将该电铃接到电压为18V的电源上，且能正常工作，应串联一个阻值为__________Ω的电阻．15．在探究“并联电路中电流的规律”时，某实验小组设计了如图甲所示的电路图．（1）对照电路图，请你帮他们将图乙中的原件连接完整．（2）连好后，该实验小组经行实验，电流表指针的偏转如图丙所示，则此时电流表的示数为__________A．（3）另一实验小组在实验中也连接了一个相应的电路图，电流表接入电路中，指针所指的位置如图丁所示，分析可知：①该小组实验中存在的错误是：__________；②实验中还存在一个不妥之处：__________．16．在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关、两节干电池、定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、导线若干．小明在实验时连接的电路如图甲所示．（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：17\n①闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至__________（填“A”或“B”）端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用；②闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是__________；小明排除故障后继续实验．（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用；②小明先将R=10Ω的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15Ω的电阻时，应向__________（填“A”或“B”）方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；③根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示，小明由图象得出的结论是：__________．（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有__________（只要求填写一个实验名称）．17．小星家的太阳能热水器，水箱容积是200L．小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20℃，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45℃．请你求解下列问题：（1）水吸收的热量；（2）如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少千克煤气（煤气的热值为q=4.2×107J/kg）．18．如图所示的电路中，电阻R1的阻值是60Ω，电阻R2的阻值是40Ω，如果通过R1的电流是0.2A．求：（1）电源电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）电路的总电流；（4）电路的总电阻．17\n2022-2022学年河北省邯郸市涉县索堡中学九年级（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）2．如图所示，是由微颗粒（1～50nm）制备得到新型防菌“纳米纸”．在“纳米纸”的表面细菌无法停留且油水不沾．与此现象有关的判断正确的是()A．组成“纳米纸”的分子间没有间隙B．油与“纳米纸”分子间有斥力没有引力C．“纳米纸”可阻止细菌分子无规则运动D．油分子间引力使纸面上的油汇集成小油珠【考点】分子间的作用力．【专题】分子热运动、内能．【分析】物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子之间有空隙，分子间有相互作用的引力和斥力，引力和斥力是同时存在的．【解答】解：A、任何分子之间都有空隙，“纳米纸”只是空隙较小，该选项说法不正确；B、分子间的引力和斥力是同时存在的，该选项说法不正确；C、一切分子都在不停地做无规则运动，“纳米纸”不能阻止细菌分子无规则运动，该选项说法不正确；D、因为分子间有引力，所以靠得很近的两滴油能自动结合成一滴，该选项说法正确．故选D．【点评】本题用一个新型的实际特例考查了学生对分子动理论的理解，分子动理论在任何时候都是成立的，不要受问题变化的影响．3．下列各电路图，与实物图一致的电路图是()A．B．C．D．【考点】根据实物图画电路图．【专题】电流和电路．【分析】由实物图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端电压，电流表测电路中的电流．然后对各个电路图逐一分析即可．【解答】解：分析实物图可知，电流从正极出发，经电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2回负极，电压表并联在L1两端．B图与实物图符合；A图两灯泡并联，与实物图不符合，17\nC图电压表并联在L2两端了，与实物图不符合；D图电压表并联在电源两端了，与实物图不符合．故选B．【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是分析出实物图中各用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点，再就是考查对电路图正确画法的判断．4．如图所示电路，要使电阻R1、R2并联，则应将()A．S2、S3闭合，S1断开B．S1、S2闭合，S3断开C．S2闭合，S1、S3断开D．S1闭合，S2、S3断开【考点】电路的基本连接方式．【专题】电流和电路．【分析】电流从电源正极流出，在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联．【解答】解：A、当闭合开关S2、S3，断开S1时，电流分两路经过两个电阻，它们并联连接，故A正确；B、当S1、S2闭合，S3断开时，R1短路，R2接入电路，故B错误；C、S2闭合，S1、S3断开，只有R2接入电路，故C错误；D、S1闭合，S2、S3断开时，R1、R2串联接入电路，故D错误．故选：A．【点评】考查电路中电流的方向及并联电路的连接，属于基础题．5．一根长1m导线，电阻为R，先把它剪去一半，再将剩下的一半拉长到1m，此时它的电阻()A．大于RB．等于RC．小于RD．因条件不足，无法判断其变化【考点】影响电阻大小的因素．【专题】电压和电阻．【分析】影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度，据此分析回答．【解答】解：导线的电阻为R，剪去一半，剩余一半导线的长度为0.5m，则电阻为；再拉长到1m后，横截面积变为，长度变为2倍，所以电阻为×4=2R；所以它的电阻大于R．故选：A．【点评】此题考查学生对于影响电阻大小因素的理解和掌握．学会控制变量法的应用是解题关键．17\n6．如图所示，电路中a、b是电表，闭合开关要使两灯发光，则()A．a是电压表，b是电流表B．a、b都是电压表C．a是电流表，b是电压表D．a、b都是电流表【考点】电流表的使用；电压表的使用．【专题】电流和电路；电压和电阻．【分析】根据电流表和电压表的使用规则去分析判断：电流表应该与灯泡串联，若与灯泡并联，则会造成电源短路，烧坏电源和电流表，灯泡不发光；电压表应该与灯泡并联，若与灯泡串联，则会造成灯泡不发光，而电压表会有明显的示数．【解答】解：由图可知，表b与灯泡串联，表a与灯泡L1并联，根据电流表和电压表的使用规则可知，与灯泡串联的是电流表，与灯泡并联的是电压表，所以表a是电压表，表b是电流表．故选A．【点评】本题考查了电流表和电压表的使用规则，在实验时，一定要按照电流表和电压表的使用规则进行操作．7．如图所示，是一科技创新小组同学们设计的水位计工作原理图，绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的金属滑杆P升降，通过电压表是显示的数据来反应水位升降情况．水位最低时，滑杆P位于R的a端处．L是一个指示灯，电路各部分接触良好，不计导线电阻．下列判断正确的是()A．当水位不变时，则电压表示数不变，指示灯不亮B．当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变暗C．当电压表示变大，指示灯变亮，则表明水位上升D．当水位下降时，则电压表示数变小，指示灯变亮【考点】电路的动态分析．【专题】应用题；电路变化分析综合题．【分析】（1）当水位不变时，电路为通路，指示灯发光，变阻器接入电路中的电阻不变时电压表的示数不变；17\n（2）由电路图可知，指示灯与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，根据水位的变化可知浮子的移动、滑片的移动，进一步可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和指示灯两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步可知灯泡亮暗的变化．【解答】解：（1）当水位不变时，电路处于通路状态，灯泡发光，此时变阻器接入电路中的电阻不变，变阻器两端的电压不变，即电压表的示数不变，故B不正确；（2）当水位下降时，浮子带动滑片下移，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，指示灯两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压变小，即电压的示数变小，因P=UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，指示灯的实际功率变大，灯泡变亮，故B变阻器，D正确；反之，当水位上升时，浮子带动滑片上移，接入电路中的电阻变大，指示灯的实际功率变小，指示灯变暗，电压表的示数变大，故C不正确．故选D．【点评】本题考查了电路图的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．8．小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按如图所示连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光．为检测出电路故障，他做了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零．则电路故障可能是()A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L2短路D．电流表烧坏了【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】欧姆定律．【分析】开关闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路是开路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连．【解答】解：电流表始终无示数，说明电路故障为断路．将电压表并联在b、c两点，电压表无示数，说明电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，即L1完好．将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，说明灯L2断路．故选B．【点评】本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间．9．如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为()17\nA．6V1.5VB．7.5V1.5VC．1.5V7.5VD．1.5V6V【考点】串联电路的电压规律．【专题】应用题；电压和电阻．【分析】由图a可知，电阻R1与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压．【解答】解：（1）由电路图可知，电压表V2示数应大于电压表V1示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2量程是0～15V，分度值是0.5V，电压表示数UV1=7.5V；电压表V1量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数UV2=1.5V；（2）电阻R2的电压U2=UV1=1.5V，电阻R1的电压U1=UV2﹣U2=7.5V﹣1.5V=6V；故选A．【点评】本题考查了求出电阻两端的电压，分析清楚电路结构、掌握电压表的读数方法是正确解题的关键，本题的难点是确定两个电压表的量程．10．下列说法正确的是()A．物体吸热后温度就一定升高B．一桶水的比热容比一杯水的比热容大C．用锯条锯木板时，锯条发热，锯条内能增加D．糖放入水中，过一段时间后整杯水都变甜了，表明分子在不停的做无规则运动【考点】比热容的概念；做功改变物体内能；分子的运动．【专题】应用题；分子热运动、内能．【分析】（1）晶体熔化时，吸收热量，温度不变；（2）比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系．（3）物体对外做功，将内能转化为机械能；外界对物体做功，将机械能转化为内能．（4）物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态．【解答】解：A、物体吸热后温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，温度不变；故A错误；B、比热容是物质的一种特性，因此一桶水的比热容与一杯水的比热容相等；故B错误；C、用锯条锯木板时，对锯条做功，将机械能转化成内能，所以锯条发热，锯条的内能增加；故C正确；D、糖放入水中，过一段时间后整杯水都变甜了，说明糖分子发生了扩散，证明了分子处于运动状态；故D正确．故选CD．【点评】此题分别考查了比热的特点、改变内能的方法和扩散现象，都属于热学的基础和重点内容．17\n11．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法错误的是()A．电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变B．电压表V2与电流表A的示数之比保持不变C．电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大D．电流表A的示数变小，电压表V2的示数变大【考点】电路的动态分析．【专题】欧姆定律．【分析】（1）由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；（2）根据电源的电压不变求出V1示数的变化，根据滑动变阻器滑片的移动确定电路中电阻的变化，根据欧姆定律确定电流表示数的变化，根据串联电路电阻的分压特点可知V2示数的变化．【解答】解：∵电源的电压不变，∴电压表V1的示数不变；∵串联电路电阻越大分得的电压越大，∴电压表V2的示数变大；即电压表V1与电压表V2的示数之和变大；故AC错误；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，总电阻变大，电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值，因此变大．故B错误；∵I=，∴电路中的电流变小，即电流表的示数变小；故D正确．故选ABC．【点评】本题的关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理，正确理解串联电路的分压原理是：阻值越大的电阻两端的分得电压越大．二、填空及简答题（每空1分，共19分）12．在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机关工作过程中的两个冲程示意图．与丙冲程原理相同的是甲图所示的演示实验；乙实验与丁冲程原理相同．17\n【考点】内燃机的四个冲程．【专题】比热容、热机、热值．【分析】（1）解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能．（2）改变物体内能的方式有热传递和做功两种．做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化．对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低．【解答】解：甲图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能．乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧．是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程．丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，做功冲程将内能转化为机械能，与此原理相同的是甲图所示的演示实验；丁图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，压缩冲程是把机械能转化为内能的过程，乙实验与丁冲程原理相同．故答案为：甲；乙．【点评】此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通．13．用电流表测通过小灯泡的电流，如图甲所示，发现通过灯泡L1的电流比通过灯泡L2的电流大，电流表示数如图乙所示，则灯泡L1中的电流是1.2A，灯泡L3中的电流是1.7A．【考点】并联电路的电流规律．【专题】应用题；电流和电路．【分析】（1）据两个电流表的量程，判断出分度值，而后读出对应的示数，据其大小判断出A1和A2的示数；（2）据并联电路电流的关系分析即可计算；【解答】解：乙图中左图是大量程，分度值是0.1A，故电流表是1.2A；乙图右图是小量程，分度值是0.02A，故示数是0.5A，故由于通过灯泡L1的电流比通过灯泡L2的电流大，所以A1是1.2A，A2是0.5A，通过灯泡L1的电流为1.2A，通过灯泡L2的电流为0.5A；17\n故灯泡L3处于干路中，所以通过该灯泡的电流I=I1+I2=1.2A+0.5A=1.7A．故答案为：1.2；1.7；【点评】知道电流表读数，并理解并联电路电流的关系是解决该题的关键．14．一个电铃，两端电压为12V时恰好能正常工作，此时通过电铃的电流为0.5A，现要将该电铃接到电压为18V的电源上，且能正常工作，应串联一个阻值为12Ω的电阻．【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；欧姆定律．【分析】根据串联电路的分压特点可知，电铃接到36V的电路上时，要使电铃正常工作应串联一个电阻，根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，再根据串联电路电流的特点和欧姆定律的变形公式即可求出串联电阻的阻值．【解答】解：电铃正常工作时的电压为12V，要使接到18V的电源上正常工作应串联一个电阻分压，由串联电路中总电压等于各分电压之和可得：串联电阻两端的电压UR=U﹣U电铃=18V﹣12V=6V，串联电路中各处的电流相等，则由I=得：串联电阻的阻值：R===12Ω．故答案为：12．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道用电器正常工作时的电压和额定电压相等．15．在探究“并联电路中电流的规律”时，某实验小组设计了如图甲所示的电路图．（1）对照电路图，请你帮他们将图乙中的原件连接完整．（2）连好后，该实验小组经行实验，电流表指针的偏转如图丙所示，则此时电流表的示数为0.42A．17\n（3）另一实验小组在实验中也连接了一个相应的电路图，电流表接入电路中，指针所指的位置如图丁所示，分析可知：①该小组实验中存在的错误是：电流表的正负接线柱接反了；②实验中还存在一个不妥之处：电流表的量程选择过大．【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．【专题】探究型实验综合题．【分析】（1）根据电流流向法，从电源的正极出发，先串联电路元件最多的电路，然后把并联部分滑到相应的位置即可；（2）根据电流表的量程和分度值读出图丙电流表的示数；（3）使用电流表时，要选择合适的量程，电流表正负接线柱不要接反，否则电流表指针将反向偏转．【解答】解：（1）从电源的正极出发，依次串联开关、电流表、灯泡L1回到电源的负极，然后把灯泡L2并联在电流表和灯泡L1的两端，如下图所示：（2）由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.42A；（3）由图丁可知，电流表指针反偏说明电流表的正负接线柱接反了；并且电流表的量程选择过大．故答案为：（1）如上图所示；（2）0.42；（3）①电流表的正负接线柱接反了；②电流表的量程选择过大．【点评】本题考查了探究并联电路中电流规律的实验，涉及到根据电路图连接实物图、电流表的读数和正确的使用，是一道较为简单的实验题．16．在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关、两节干电池、定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、导线若干．小明在实验时连接的电路如图甲所示．（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：①闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A（填“A”或“B”）端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压和通过的电流的作用；②闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是R处断路；小明排除故障后继续实验．（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：17\n①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和控制电阻R两端电压不变的作用；②小明先将R=10Ω的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15Ω的电阻时，应向A（填“A”或“B”）方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；③根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示，小明由图象得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比．（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有伏安法测电阻（只要求填写一个实验名称）．【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．【专题】实验探究题；欧姆定律；探究型实验综合题．【分析】探究电流与电压、电阻关系实验，应采用控制变量法，根据实验目的与题意分析答题．【解答】解：（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：①闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压和通过的电流，进行多次测量的作用；②闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是R处断路；（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和控制电阻R两端电压不变的作用；②小明先将R﹦10Ω的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15Ω的电阻时，应向A方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；③根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，小明由图象得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比．（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有伏安法测电阻．故答案为：（1）①A；改变电阻两端电压和通过的电流；②R处断路；（2）①控制电阻R两端电压不变；②A；③电压一定时，电流与电阻成反比；（3）伏安法测电阻．【点评】本题考查了实验分析，探究电流与电压、电阻关系实验，要采用控制变量法，应用控制变量法分析即可正确解题．17．小星家的太阳能热水器，水箱容积是200L．小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20℃，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45℃．请你求解下列问题：（1）水吸收的热量；（2）如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少千克煤气（煤气的热值为q=4.2×107J/kg）．【考点】热量的计算；密度公式的应用；燃料的热值．【专题】计算题．【分析】（1）知道水的体积（水箱的容积），利用密度公式求水的质量，又知道水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式Q吸=cm△t求解；（2）先根据Q吸=Q放×40%求出完全燃烧煤气放出的热量，再用Q放=qm求出煤气的质量．【解答】解：（1）水的体积：V=200L=200×10﹣3m3，17\n水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×200×10﹣3m3=200kg，水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×200kg×（45℃﹣20℃）=2.1×107J；（2）∵Q吸=m′q×40%∴m′===1.25kg．答：（1）水吸收的热量为2.1×107J；（2）至少需要燃烧1.25kg煤气．【点评】本题是一道力学与热学的综合应用题，与实际生活相联系，使学生觉得学了物理有用，解题时注意200L≠200kg，必须利用密度公式计算．18．如图所示的电路中，电阻R1的阻值是60Ω，电阻R2的阻值是40Ω，如果通过R1的电流是0.2A．求：（1）电源电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）电路的总电流；（4）电路的总电阻．【考点】欧姆定律的应用．【专题】计算题；电路和欧姆定律．【分析】（1）由电路图可知，R1与R2并联，知道R1的阻值和通过的电流，根据欧姆定律求出R1两端的电压；（2）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R2的电流；（3）根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流；（4）根据欧姆定律求出电路中的总电阻．【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2并联，由I=得：电源电压U=U1=I1R1=0.2A×60Ω=12V；（2）∵并联电路中各支路两端的电压相等，即：U2=U1=12V；∴通过电阻R2的电流：I2===0.3A；（3）∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴电路中的总电流：I=I1+I2=0.2A+0.3A=0.5A；17\n（4）由I=得：电路的总电阻：R===24Ω．答：（1）电源电压U为12V；（2）通过电阻R2的电流为0.3A；（3）电路的总电流为0.5A；（4）电路的总电阻为24Ω．【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，求总电阻时可以根据总电压除以总电流求得，也可以根据电阻的并联求得．17