吉林省长春市十一中高二物理上学期期初考试试题

长春市十一高中2022-2022学年度高二上学期期初考试物理试题本试卷分第一部分（选择题）和第二部分（非选择题），满分110分，测试时间90分钟。一、选择题（每小题4分，共48分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的2分，选错或不答者的零分）1.下列说法中正确的是A．由可知，一段导体的电阻跟它们两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比B．由可知，导体越长，则电阻率越大C．从可知，导体中电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比D．一金属丝均匀拉长后，其阻值不变2.一节干电池的电动势为1.5V，蓄电池的电动势为2V．下述说法正确的是：A．在外电路断开时，干电池的路端电压为1.5VB．外电路闭合，蓄电池路端电压比干电池大C．在外电路闭合时，ls内蓄电池提供的化学能一定比干电池多D．在外电路闭合时，电源内每通过1C电量，蓄电池提供的化学能一定比干电池多3.电流表的内阻是Rg=200Ω，满刻度电流值是Ig=500µA，现欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是A．应串联一个0.1Ω的电阻　　B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻4.一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V。若把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，则灯泡消耗的电功率Ａ.等于36Ｗ　　　　　　　　　　B.小于36W，大于9WC.等于9W　　　　　　　　　　D.小于36W5.如图所示，电源和电压表都是好的，当滑片由a滑到b的过程中，电压表的示数都为U≠0，下列判断可能的是A．a处接线开路B．触头P断路C．a、P间电阻丝某处断路D．b处接线断路-8-6.电容器C1、C2和可变电阻器R1、R2以及电源ε连接成如图所示的电路.当R1的滑动触头在图示位置时,C1、C2的电量相等.要使C1的电量大于C2的电量,应A.增大R2                           B.减小R2C.将R1的滑动触头向A端移动    D.将R1的滑动触头向B端移动7. A、B两电源分别供电时其特性曲线如图所示,则下述正确的是：A.电源电动势EA=EBB.电源内阻rA=rBC.外电路电阻相同时,电源B的输出功率较大D.总电流相同时,电源A输出功率较大                  8.在空间有正方向为水平向右，场强按如图所示变化的电场，位于电场中A点的电子在t=0时静止释放，运动过程中只受电场力作用。在t=1s时，电子离开A点的距离大小为L,那么在t=3s时，电子将处在A．A点右方3L处B．A点左方2L处C．A点左方3L处D．A点9.如图所示，静止的电子在加速电压为U1的电场作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压为U2的电场作用下偏转一段距离。现使U1加倍，要想使电子在偏转电场的偏移量不发生变化，调整板间距离时电子仍能穿出偏转电场，应该：A．仅使U2加倍B．仅使U2变为原来的4倍C．仅使偏转电场板间距离变为原来的0.5倍D.仅使偏转电场板间距离变为原来的2倍AvaR1R2R4R3b10.如图所示的电路中，R1、R2、R4皆为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源的电动势为E，内阻为r，设理想电流表的示数为I，理想电压表的示数为U，当滑动变阻器的滑片向a端移动时A．I变大，U变小B．I变大，U变大C．I变小，U变大D．I变小，U变小11.在如图所示的电路中，电源的内阻不能忽略。已知定值电阻R1＝20Ω，R2＝18Ω-8-。当单刀双掷开关S置于位置1时，电压表读数为20V。则当S置于位置2时，电压表读数的可能值为A．22VB．19V　C．18VD．16VAV1V2R1R212．如图所示的电路中，各电表为理想电表，电源内阻不能忽略，当滑动变阻器R2的滑动头从某位置向左移动一小段距离的过程中，设V1、V2、A的读数分别是U1、U2、I；V1、V2、A读数的变化量分别为ΔU1、ΔU2、ΔI，则下列说法正确的是A．U2与I的比值减小，U2与I的乘积也一定减小；B．U1与I的比值不变，U1与I的乘积增加；C．ΔU2与ΔI的比值等于ΔU1与ΔI的比值；D．ΔU1与ΔI的比值等于任何时刻U1与I的比值。二、实验题（15分）13．小明同学为测量某金属丝的电阻率，他截取了其中的一段，用米尺测出金属丝的长度L，用螺旋测微器测得其直径为D，用多用电表粗测其电阻约为R．①该①该同学将米尺的0刻度线与金属丝的左端对齐，从图（甲）中读出金属丝的长度L=　　mm。②该①该同学用螺旋测微器测金属丝的直径，从图（乙）中读出金属丝的直径D=　　mm。③该①该同学选择多用电表“×10”档粗测金属丝的电阻，从图（丙）中读出金属丝的电阻R=　Ω。0mm图乙1520A—V—Ω5000Ω/V2500Ω/V~Na2.55.02.5P~⌒~V~－ΩΩ图丙图甲ab0cm1201918④接着，该同学用伏安法尽可能精确地测出该金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属丝的电阻率。实验室提供的器材有：A．直流电源E（电动势4V，内阻不计）B．电流表A1（量程0～3mA，内阻约50Ω）C．电流表A2（量程0～15mA，内阻约30Ω）D．电压表V1（量程0～3V，内阻10kΩ）E．电压表V2（量程0～15V，内阻25kΩ）F．滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）G．滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）H．待测电阻丝Rx，开关、导线若干要求较准确地测出其阻值，电流表应选　　　　，电压表应选　　　　，滑动变阻器应选　　　　．(用器材前的字母表示即可)⑤用图所示的电路进行实验测得Rx，实验时，开关S2应向　　　闭合（选填“1”或“2”）．⑥请根据选定的电路图，在如图1所示的实物上画出连线（部分线已画出）。+RS1图2-Rx图1RES1AVRx12S2-8-⑦在下列测定金属丝的电阻率的几个步骤中，错误的是．A．先用米尺测出金属丝的长度，再将金属丝两端固定在接线柱上悬空拉直；B．用螺旋测微器在不同位置测出金属丝的直径D各三次，求平均值；C．打开开关，将选好的实验器材按图1连接成实验电路；D．闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表和电压表有合适的示数，读出并记下这组数据；E．改变滑动变阻器的滑键位置，重复进行实验，测出6组数据，并记录在表格中；F．分别计算出电流平均值（）和电压的平均值（），再求出电阻的平均值；G．根据电阻定律计算出该金属丝的电阻率．⑧设金属丝的长度为L（m），直径的平均值为（m），电阻的平均值为（Ω），则该金属丝电阻率的表达式为ρ＝　　　　　　。三、计算题（14-17题每题9分，18题11分，共47分）14.（9分）如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=6Ω，电源内阻r=1Ω，若开关闭合后通过电源的电流为3A，铭牌上标有“6V12W”的电动机刚好正常工作，求：(1)流过R2上的电流为多少？(2)电源电动势为多少？(3)若电动机线圈电阻为，电动机输出功率为多少?15.（9分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω；电阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；电容器的电容C=100μF。电容器原来不带电。求接通电键K后流过R4=的总电量。R1R2R3R4CKE，r-8-81234567(b)00.51.51.02.0U/VI/AABC16.（9分）按照图（a）所示的电路进行实验，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中，两只电压表的示数随电流变化的情况如图（b）所示.不考虑电表对电路的影响，求：E、rV1V2RR0A(a)（1）电源的电动势E和内电阻r（2）变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大功率17.（9分）如图所示，某带电的液滴，以某一初速度沿中线飞入水平放置的平行板电容器两极板中间，不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，当加偏转电压U0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，欲使液滴能飞出偏转电场，求偏转电压U的取值范围。18．（11分）如图所示，在方向水平向右、大小为E=6×103N/C的匀强电场中有一个光滑的绝缘平面。一根绝缘细绳两端分别系有带电滑块甲和乙，甲的质量为m1=2×10-4kg，带电量为q1=2×10-9C，乙的质量为m2=1×10-4kg，带电量为q2=－1×10-9C。开始时细绳处于拉直状态。由静止释放两滑块，t=3s时细绳断裂，不计滑块间的库仑力。试求：（1）细绳断裂前，两滑块的加速度。（2）在整个运动过程中，乙的电势能增量的最大值。（3）当乙的电势能增量为零时，甲与乙组成的系统机械能的增量。Eq22q1甲乙-8-题号123456789101112答案CADCBDDBDCACBBBD参考答案13.答案：①191.0mm　②0.680　③220　④C，D，F　　⑤1　⑥略　　⑦AF　　⑧14解：（1）由部分电路欧姆定律得(2)通过电动机的电流为(3)15.解析：闭合电路的总电阻为R=+r，16.解：（1）由图象知：当I1=0.5A时，U1=7.5V；当I2=2.0A时，U2=6.0V.由闭合电路欧姆定律有：E=U1+I1r，E=U2+I2r；将以上数据代入此二式解得：E=8V；r=1W.（2）由知，当R=（R0+r）时，变阻器消耗的功率最大.由图象知，R0=3W，则R=4W.由闭合电路欧姆定律求得电流I=E/（R+r）=1A，变阻器消耗的最大功率为：P=I2R=4W.-8-17.不加偏转电压时，粒子做平抛运动，设板长L，板间距离d，则，加上偏转电压，则恰好匀速直线运动穿出，则，为了能够使得粒子恰好从下极板穿出，则解得，同理为了能够使得粒子恰好从上极板穿出，则解得，所以为了能够从极板间飞出，则18、解：（1）取水平向右为正方向。将甲、乙及细绳看成一个整体，根据牛顿第二定律，有（2分）得（1分）（2）当乙发生的位移最大时，乙的电势能增量最大。细绳断裂前，甲、乙发生的位移均为（1分）此时甲、乙的速度均为（1分）细绳断裂后，乙的加速度变为（1分）从细绳断裂到乙速度为零，乙发生的位移为（1分）整个运动过程乙发生的最大位移为此时乙的电势能增量为（1分）（3）当乙的总位移为零，即乙返回到原出发点时，乙的电势能增量为零。设细绳断裂后，乙经时间返回到原出发点，则有代入数据，有-8-解得：（不合题意，舍去。）（1分）乙回到原出发点时的速度为（1分）细绳断裂后，甲的加速度变为（1分）乙回到原出发点时甲的速度为（1分）甲与乙组成的系统机械能的增量为（2分）方法二：当乙的总位移为零，即乙返回到原出发点时，乙的电势能增量为零。此时电场力对甲所做的功即为甲与乙组成的系统机械能的增量。设细绳断裂后，乙经时间返回到原出发点，则有代入数据，有解得：（不合题意，舍去。）（2分）细绳断裂后，甲的加速度变为（1分）细绳断裂后，甲继续发生的位移为（1分）当乙的电势能增量为零时，甲发生的总位移为（1分）电场力对甲所做的总功为（2分）此即甲与乙组成的系统机械能的增量。2022．10．8-8-