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山东省武城县第二中学2022届高三物理上学期第四次月考试题

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山东省武城县第二中学2022届高三物理上学期第四次月考试题二、选择题(本题共8小题,每题6分,共48分.其中14---18题为单选题,19、20、21题有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,选错或不选的得0分)14、如图所示,a、b、c为电场中同一条电场线上的三点,其中c为ab的中点。已知a、b两点的电势分别为φa=3V,φb=9V,则下列叙述正确的是(  )A.该电场在C点处的电势一定为6VB.a点处的场强Ea一定小于b点处的场强EbC.正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大D.正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大15、如图,足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点,A和C围绕B做匀速圆周运动,B恰能保持静止,其中A、C和B的距离分别是L1,和L2.不计三质点间的万有引力,则A和C的比荷(电量与质量之比)之比应是A.B.C.D.16、如图所示,实线表示电场线,虚线表示带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹,a、b为其运动轨迹上的两点,可以判定(  )A.粒子在a点的速度大于在b点的速度B.粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C.粒子一定带正电荷D.粒子在a点的电势能大于在b点的电势能17、如图所示,A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点,A、B、C三点电势分别为1V、2V、3V,则下列说法正确的是(  )A.匀强电场的场强大小为10V/mB.匀强电场的场强大小为V/mC.电荷量为1.6×10-19C的正点电荷从E点移到F点,电荷克服电场力做功为1.6×10-19JD.电荷量为1.6×10-19C的负点电荷从F点移到D点,电荷的电势能减小4.8×10-19J-8-\n18、如图所示,电源电动势E=3.2V,电阻R=30Ω,小灯泡L的额定电压UL=3.0V,额定功率PL=4.5W.当开关S接1时,电压表的读数为3V,则当开关S接2时,灯泡发光的情况是:(  )A.很暗,甚至不亮B.正常发光C.比正常发光略亮D.有可能被烧坏19、光滑绝缘水平面上有两个带等量异种电荷的小球A、B,小球A通过绝缘轻弹簧与竖直墙相连,如图所示。今小球B在外力F作用下缓慢向右移动,移动中两小球带电荷量不变,则对两小球和弹簧组成的系统的分析正确的是(  )A.外力F对系统做正功,弹性势能增大B.外力F对系统做正功,弹性势能减小C.静电力做正功,电势能减小D.静电力做负功,电势能增大20、两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示,一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场,其运动轨迹为图中实线所示,若粒子只受静电力作用,则下列关于带电粒子的判断正确的是(  )A.带正电B.速度先变大后变小C.电势能先变大后变小D.经过b点和d点时的速度大小相同21、在如图所示的电路中,闭合开关S,在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中,以下说法正确的是:()A.电压表和电流表的示数都增大B.电源的总功率变大C.灯L1变亮,电压表的示数减小D.灯L2变亮,电容器的带电量增加二、实验题:22、用如图所示的多用电表测量电阻,要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量:(1)旋动部件________,使指针对准电流的"0"刻线。(2)将K旋转到电阻挡"×l00"的位置。(3)将插入"十"、"-"插孔的表笔短接,旋动部件_______,使指针对准电阻的_________(填"0刻线"或"∞刻线")。(4)-8-\n将两表笔分别与侍测电阻相接,发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果,请从下列选项中挑出合理的步骤,并按_______的顺序避行操作,再完成读数测量。A.将K旋转到电阻挡"×1k"的位置B.将K旋转到电阻挡"×10"的位置C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D.将两表笔短接,旋动合适部件,对电表进行校准23、用图a的电路测定一节电动势约为2V的蓄电池的电动势和内阻。为防止调节滑动变阻器时造成短路,电路中连接了一个保护电阻R0,除蓄电池、开关、导线外,可供使用的实验器材有:A.电流表(量程0.6A、内阻约0.5Ω)B.电流表(量程3A、内阻约0.1Ω)C.电压表(量程3V,内阻约6kΩ)D.电压表(量程15V,内阻约30kΩ)E.定值电阻(阻值1Ω;额定功率5W)F.滑动变阻器(阻值范围0~10Ω、额定电流2A)G.滑动变阻器(阻值范围0~500Ω、额定电流lA)①在实验中,电流表选,电压表选,滑动变阻器选。(填序号).②根据图a连接电路实物图b,③图c是某同学利用图b进行实验测得的数据,请绘出路端电压U随电流I变化的U-I图线,由图线可得电动势E=V,内阻r=Ω。(结果保留三位有效数字)④下表为某同学用上述方法测量某种电池的电动势和内电阻时的数据,分析可以发现电压表测得的数据____________,将影响实验图像的准确性,其原因是__________。I/A0.120.200.310.410.50U/V1.971.951.921.901.88-8-\n24、(15分)图甲所示,在真空中足够大的绝缘水平地面上,一个质量为m=0.2kg、带电荷量为q=+2.0×10-6C的小物块处于静止状态,小物块与地面间的摩擦因数μ=0.1.从t=0时该开始,空间上加一个如图乙所示的电场。(取水平向右的方向为正方向,g取10m/s2)求:(1)4秒内小物块的位移大小;(2)4秒内电场力对小物块所做的功。25、(17分)如图6-3-9所示,一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上,当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中,小物块恰好静止。重力加速度取g,sin37°=0.6,cos37°=0.8。求:(1)水平向右电场的电场强度;(2)若将电场强度减小为原来的,物块的加速度是多大;(3)电场强度变化后物块下滑距离L时的动能。33、(15分)(1)(5分)关于扩散现象,下列说法正确的是(填正确答案标号,选对1个给2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分0分)A.温度越高,扩散进行得越快B.扩散现象是不同物质间的一种化学反应C.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的(2)(10分)如图,一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上,开口向上,内有两个质量均为m的相同活塞A和B;在A与B之间、B与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体,平衡时体积均为V。已知容器内气体温度始终不变,重力加速度大小为g,外界大气压强为。现假设活塞B发生缓慢漏气,致使B最终与容器底面接触。求活塞A移动的距离。-8-\n高三理综物理参考答案14、解析 本题中电场线只有一条,又没说明是哪种电场的电场线,因此电势降落及场强大小情况都不能确定,A、B错;a、b两点电势已知,正电荷从a到b是从低电势向高电势运动,电场力做负功,动能减小,电势能增大,C对,D错。答案 C15、答案:C解析:根据B恰能保持静止可得:16、解析 该粒子在电场中做曲线运动,则电场力应指向轨迹的凹侧且沿电场线的切线方向,设粒子由a向b运动,则其所受电场力方向和速度方向的关系如图所示,可知电场力做正功,粒子速度增加,电势能减小,A错、D对;b点处电场线比a点处电场线密,即粒子在b点所受电场力大,加速度大,选项B错;因电场线方向不确定,所以粒子的电性不确定,C选项错误。(假设粒子由b向a运动同样可得出结论)答案 D17、解析 A、C连线中点的电势为2V,因此BE连线为等势线,由几何知识知,A、C连线的长度为dAC=0.1m×sin60°×2=m,匀强电场的场强大小为E===V/m,故B对、A错;正点电荷从E点移到F点,电场力做正功,故C错;电荷量为1.6×10-19C的负点电荷从F点移到D点,电场力做正功qUFD=qUAC=-1.6×10-19C×(1V-3V)=3.2×10-19J,故电荷的电势能减少3.2×10-19J,故D错。答案 B-8-\n18、答案:A19、解析 外力对小球做正功,当小球B向右运动时,两球距离增大,库仑力减小,因此弹簧的伸长量减小,弹性势能减小,A错误,B正确;由于两球距离增大,库仑力做负功,系统电势能增大,两球间电势差增大,C错误,D正确。答案 BD20、解析 由等势线的分布特点可知,形成电场的正电荷在上方,负电荷在下方,又由轨迹的偏转情况可确定,运动的粒子带负电,选项A错误;电场力先做负功后做正功,动能先减小后变大,速度先减小后变大,电势能先增加后减少,则选项B错误,C正确;由于bd两点在同一等势面上,则粒子在这两点的电势能相等,动能相等,速度大小相等,选项D正确。答案 CD21、答案:BC二、实验题:22、答案(6分)答案⑴S;(1分)(3)T,0刻线;(2分)(4)ADC(3分)23、(9分)答案:①A;C;F(每空1分,共3分)②,有一条线画错不给分(2分)③如图所示;E=1.96~1.99V(1分);内阻r=0.700~0.800Ω(1分)U/V1.71.81.92.01.600.10.20.30.40.5I/A图c图b-8-\n④变化(间隔)很小(写“数值很小”不给分)(1分),电池的内阻太小(1分)24、解析:(15分)(1)0~2s内小物块加速度a1==2m/s2(2分)位移x1=a1t12=4m(1分)2s末的速度为v2=a1t1=4m/s(2分)2~4s内小物块加速度a2==-2m/s2(2分)位移x2=v2t2+a2t22=4m(1分)4秒内的位移x=x1+x2=8m。(2分)(2)v4=v2+a2t2=0,(2分)即4s末小物块处于静止状态设电场力对小物块所做的功为W,由动能定理有:W-μmgx=0(2分)解得W=1.6J(1分)答案:(1)8m (2)1.6J25、解析:(17分)(1)小物块静止在斜面上,受重力、电场力和斜面支持力,受力图如图所示,则有FNsin37°=qE①(2分)FNcos37°=mg②(2分)由①②可得E=(2分)(2)若电场强度减小为原来的,即E′=(2分)由牛顿第二定律得mgsin37°-qE′cos37°=ma③(2分)可得a=0.3g(2分)(3)电场强度变化后物块下滑距离L时,重力做正功,电场力做负功,由动能定理得mgLsin37°-qE′Lcos37°=Ek-0④(3分)可得Ek=0.3mgL(2分) (1) (2)0.3g (3)0.3mgL-8-\n33、(1)【答案】ACD(2)【解析】A与B之间、B与容器底面之间的气体压强分别为、,在漏气前,对A分析有,(1分)对B有(1分)B最终与容器底面接触后,AB间的压强为P,气体体积为,则有(2分)因为温度失重不变,对于混合气体有,(2分)漏气前A距离底面的高度为,(1分)漏气后A距离底面的高度为(1分)联立可得(2分)-8-

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所属: 高中 - 物理
发布时间:2022-08-25 12:19:06 页数:8
价格:¥3 大小:290.11 KB
文章作者:U-336598

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