甘肃省天水市秦安县第二中学高二物理上学期第三次月考试题

甘肃省天水市秦安县第二中学2022-2022学年度第一学期第三次月考试题高二物理一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共40分，1-8小题每小题3分且只有一个选项是正确的，9-12小题每小题4分且至少有两个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分)1、下列关于物理事实、物理原理或物理方法的说法正确的是（　　）A.开普勒发现了万有引力定律，人们尊称他为“天体的立法者”B.卡文迪许在实验室中测出了静电力常量C.超高压带电作业的工人穿戴的工作服中包含金属丝，是为了静电屏蔽D.从电容器的电容表达式C=Q/U可以看出，C与Q成正比，与U成反比2、由欧姆定律I＝U/R导出U＝IR和R＝U/I，下列叙述中正确的是()A.由R＝U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B.导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C.流过导体的电流越大，电阻越小。D.由I＝U/R可知，一段导体两端的电压跟通过它的电流成正比。3、真空中有甲、乙两个相同的带电金属小球（均可视为点电荷），它们所带电荷量相同，相距一定的距离，它们之间的静电斥力为F．现让第三个与甲、乙完全相同但不带电的金属小球丙先后与甲、乙两球接触后移开，这时甲、乙两球之间的相互作用力为（　　）A.吸引力，1/8FB.吸引力，1/4FC.排斥力，3/8FD.排斥力，1/4F4．铜的原子量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为(　　)A．光速c　　　　　　B.C.D.5、如图1所示，带正电的A球固定，质量为m、电荷量为+q的粒子B从a处以速度v0射向A，虚线abc是B运动的一段轨迹，b点距离A最近.粒子经过b点时速度为v，重力忽略不计.则（）bacBAv0+A.粒子从a运动到b的过程中动能不断增大B.粒子从b运动到c的过程中加速度不断增大C.可求出A产生的电场中a、b两点间的电势差D.可求出A产生的电场中b点的电场强度6、7\n如图为一有界匀强电场，场强方向为水平方向（虚线为电场线），一带负电微粒以某一角度θ从电场中a点斜向上方射入，沿直线运动至b点，则可知（　　）A.电场中a点的电势低于b点的电势B.微粒在a点时的动能与电势能之和与在b点时的动能与电势能之和相等C.微粒在a点时的动能大于b点时的动能，在a点时的电势能大于在b点时的电势能D.微粒在a点时的动能大于在b点时的动能，在a点的电势能小于在b点的电势能　MNabc···7、一个金属小球，原来不带电，现沿球的直径延长线放置一个均匀的带电细棒MN，如图所示。金属球上的感应电荷产生的电场在球内直径上a、b、c三点场强大小分别为Ea、Eb、Ec，三者相比（）A、Ea最大B、Eb最大C、Ec最大D、Ea=Eb=EC8、如图所示，平行金属板A、B间加速电压为U1，C、D间的偏转电压为U2，M为荧光屏。今有不计重力的一价氢离子（H+）和二价氦离子（He2+）的混合体，从A板由静止开始经加速和偏转后，打在荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点9、如图所示的电路中，当半导体材料做成的热敏电阻浸泡到热水中时，电流表示数增大，则说明（）A．热敏电阻在温度越高时，电阻越大B．热敏电阻在温度越高时，电阻越小C．半导体材料温度升高时，导电性能变差D．半导体材料温度升高时，导电性能变好10、在静电场中，将一电荷从a点移到b点，电场力做正功，则下列说法正确的是（　　）A.若移动正电荷，则电荷的电势能减少，若移动负电荷，则电荷的电势能增加B.无论正负电荷，电荷的电势能均减少C.若移动正电荷，则a、b两点间的电势差Uab＞0，若移动负电荷，则a、b两点间的电势差Uab＜0D.无论正负电荷，a、b两点的电势差均为Uab＞011、如图所示，A、B两个平行金属板充电后与电源断开，B板接地，C、D是A、B两板间的两个点，以下说法正确的是（　　）A.A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C点电势不变7\nB.A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C、D两点间电势差不变C.B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C点电势不变D.B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C、D两点间电势差不变12、如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+q的小球，系在一根长为L的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕O点做圆周运动．AB为圆周的水平直径，CD为竖直直径．已知重力加速度为g，电场强度E=mg/q下列说法正确的是（　　）A.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则它运动的最小速度为B.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到B点时的机械能最大C.若将小球在A点由静止开始释放，它将在ACBD圆弧上往复运动D.若将小球在A点以大小为的速度竖直向上抛出，它将能够到达B点第Ⅱ卷(非选择题，共60分)二、实验题(共16分,各题8分。)13．要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω)；电流表（量程为0~250mA．内阻约5Ω)；电压表（量程为0~3V．内限约3kΩ)；电键一个、导线若干。（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_______（填字母代号）。A．滑动变阻器（最大阻值20Ω,额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）（2）实验的电路图应选用下列的图__________（填字母代号）。AVESAVESAVESAVESABCD7\nI/AU/VO1.02.03.00.300.200.10（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V，则小灯泡在该温度时的电阻是________Ω。随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻_______。（填“增大”，“减小”或“不变”）14、在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，采用的仪器有：E(电动势6V，内阻不计)；额定电压4.0V的小灯泡L；电流表A(量程0.6A，内阻约2Ω)；电压表V(量程5V，内阻约15kΩ)；滑动变阻器R(最大阻值15Ω)；开关S，导线若干．实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调．(1)小明将实物电路如下图连接，其漏接了两条导线，请帮他补充完整。（2分）(2)（4分）请在下右虚线框内画出实验所用的正确电路原理图．(3)如下左图所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的I－U图象，图象是一条曲线而不是直线的原因是___________________________。（2分）三、计算题（本题共4小题，共44分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15、(10分)如图所示，A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一电子以v0＝4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场，从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e＝1.6×10－19C，电子质量m＝0.91×10－30kg.求：(1)电子在C点时的动能是多少J?(2)O、C两点间的电势差大小是多少V?7\n16、（10分）如图所示，沿水平方向的场强为E=6×103v/m的足够大的匀强电场中，用绝缘细线系一个质量m=8.0g的带电小球，线的另一端固定于O点，平衡时悬线与竖直方向成α角，α=37°，如图所示，求：（1）小球所带电的种类及电量；（2）剪断细线小球怎样运动，加速度多大？（g取10m/s2）　17、（12分）夏季某日午后，某地区距地面约1km的空中有两块乌云，相距3km，它们因与空气摩擦带电，致使两块乌云之间的电势差能保持约为3×109V不变．已知空气的电场击穿场强为V/m.请对以下问题进行估算．(1)当两块乌云相距多少米时会发生电闪雷鸣？(2)当电闪雷鸣时，若两块乌云之间通过的电荷量为500C，可释放多少能量？(3)这次放电现象历时约0.01s，则其平均电流约为多大？18、（12分）如图所示，光滑绝缘斜面AB长度L=2m，倾角为37°，有一个质量m=0.1kg，电荷量q=l×10﹣4C带电小球，置于斜面顶端A点，当沿水平向右方向加有一个匀强电场时，带电小球恰好能静止在斜面上．从某时刻开始，该电场的电场强度方向不变，大小变为原来的2/3，小球便开始下滑，先沿斜面运动到底端B点，再进入一段放置在竖直平面内，半径为R=lm的光滑半圆管道BCD，C点为管道的中点（假设小球经过B点前后机械能无损失），求：（1）原来的电场强度大小；（2）小球运动到B点时的速度大小；（3）小球运动到C点时对管壁的作用力．（g取10m/s2）物理参考答案7\n一、选择题123456789101112CBCDCDCBBDBCBCDBD二、实验题13.【答案】①A②B③10Ω，增大14、(1)、略——2分（2）、——4分（3）、灯丝电阻值随温度增加而增加——2分三、计算题15、（10分）解：(1)依据几何三角形解得：电子在C点时的速度为：vt＝①而Ek＝mv2②联立①②得：Ek＝m()2＝9.7×10－18J.(2)对电子从O到C，由动能定理，有eU＝mv－mv③联立①③得：U＝＝15.2V.16、（10分）解：（1）如图，小球受到的电场力水平向右，与场强方向相反，则小球带负电．小球受力如图，据受力平衡得代入得，小球的电荷量为q==C（2）剪断细线后，小球受到重力和电场力，小球做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，小球的加速度a=m　17、（12分）　解：(1)由E＝得d＝＝m＝1000m.(2)释放的能量7\nE能＝qU＝500×3×109J＝1.5×1012J.(3)由电流的定义得I＝＝A＝错误！未找到引用源。A.18、（12分）解：（1）开始小球保持静止，小球处于平衡状态，由平衡条件得：mgtan37°=qE，代入数据解得：E=N/C；（2）小球从A到B过程，由动能定理得：mgLsin37°﹣qELcos37°=错误！未找到引用源。﹣0代入数据解得：m/s；（3）小球沿半圆管从B到C过程，由动能定理得：错误！未找到引用源。，在C点，由牛顿第二定律得：代入数据解得：F=1.3N，由牛顿第三定律可知，小球在C点对管壁的作用力F′=F=1.3N，方向：水平向左7