北京市三十五中2022学年高二化学下学期期中试题理含解析

2022-2022学年北京三十五中高二（下）期中化学试卷（理科）一、选择题（共25个小题，每题2分，共50分．每小题只有一个正确选项，1．以下化学用语正确的是()A．苯的实验式C6H6B．乙醇的分子式CH3CH2OHC．乙烯的结构简式CH2CH2D．甲醛的结构式：2．下列物质中能使高锰酸钾酸性溶液褪色的是()A．甲烷B．苯C．甲苯D．乙酸3．由于发生化学反应而使溴水褪色的一组物质是()①甲苯②聚乙烯③四氯化碳④2﹣丁炔⑤（CH3）2C=CHCH3．A．①④B．②④⑤C．④⑤D．①③④⑤4．下列有机物命名正确的是()A．2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2CH2OH1﹣丁醇C．间二甲苯D．2﹣甲基﹣2﹣丙烯5．下列关于甲苯的实验中，能说明侧链对苯环有影响的是()A．甲苯硝化生成三硝基甲苯B．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．甲苯燃烧带有浓厚的黑烟D．甲苯与氢气可以生加成反应6．区别CH3CH2CH2OH与的方法是()A．加入金属钠B．加银氨溶液C．在铜存在下和氧气反应D．在铜存在下和氧气反应后的产物中加入银氨溶液共热7．下列物质中，有顺反异构体的是()A．1，2﹣二氯乙烯ClHC=CHClB．1，1﹣二氯乙烯Cl2C=CH2C．丙烯CH3﹣CH=CH2D．苯乙烯-31-\n8．在有机物分子中，不能引入羟基的反应是()A．还原反应B．水解反应C．消去反应D．加成反应9．干洗衣服的干洗剂主要成分是四氯乙烯，对环境有害．家用不粘锅内侧涂覆物质的主要成分是聚四氟乙烯，对人体无害．下列关于四氯乙烯和聚四氟乙烯的叙述中正确的是()A．它们都属于高分子化合物B．它们的分子中都不含氢原子C．它们都能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．它们都可由乙烯只发生加成反应得到10．乙醇分子中不同化学键如图所示，关于乙醇在各种反应中断裂的键说明不正确的是()A．和金属钠反应时键①断裂B．和氢溴酸共热时键②断裂C．在Ag催化作用下和O2反应时键①⑤断裂D．和浓硫酸共热至170°C，键②⑤断裂11．一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又叫羰基的合成．由乙烯可制丙醛：CH2=CH2+CO+H2CH3CH2CHO．由分子式为C4H8的烯烃进行醛化反应得到的醛，共有几种？()A．2种B．3种C．4种D．5种12．下列各物质中既能发生消去反应又能催化氧化，并且催化氧化的产物能够发生银镜反应的是()A．B．C．D．13．某有机物的结构简式为，它在一定条件下可能发生的反应是()①加成；②水解；③酯化；④氧化；⑤中和；⑥消去；⑦还原．A．①③④⑤⑥⑦B．①③④⑤⑦C．①③⑤⑥⑦D．②③④⑤⑥14．只用滴管、试管和水就能鉴别的物质组是()A．苯、乙酸、CCl4B．乙醇、乙醛、乙酸-31-\nC．乙二醇、乙醛、溴代烃D．乙醇、甘油、苯酚15．由2﹣氯丙烷制取1，2﹣丙二醇时，需要经过下列哪几步反应()A．加成→消去→取代B．消去→加成→取代C．取代→消去→加成D．取代→加成→消去16．下列叙述正确的是()A．用浓溴水除去苯中的苯酚B．用核磁共振氢谱鉴别1﹣丙醇和2﹣丙醇C．不慎将苯酚溶液沾到皮肤上，立即用稀NaOH溶液清洗D．苯与酸性KMnO4溶液混合振荡、静置分层，下层液体为无色17．下列操作正确的是()A．用盐酸溶液清洗盛过苯酚的试管B．向放有电石的圆底烧瓶中，滴入饱和食盐水可产生乙炔气体C．将2%的NaOH溶液4～5滴，滴入2mL10%的CuSO4溶液中制得Cu（OH）2悬浊液，加入乙醛溶液加热，用以检验醛基存在D．将卤代烃加入到热氢氧化钠溶液中一段时间后，取上层液体，加入AgNO3液产生沉淀，则证明卤代烃中含有卤元素18．下列说法正确的是()A．将AgNO3溶液滴入氨水中制银氨溶液B．苯酚与苯甲醇（）分子组成相差一个﹣CH2原子团，因而它们互为同系物C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD．苯酚分子中由于羟基对苯环的影响，使苯环上的氢原子容易被取代19．下列说法中，正确的是()A．RCOOH与R′OH发生酯化反应时生成ROOCR′B．能与NaOH溶液反应，分子式为C2H4O2的有机物一定是羧酸C．甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸互为同分异构体D．甲醛与乙酸乙酯的最简式相同20．某芳香族化合物的分子式为C7H8O，其中与FeCl3溶液混合显紫色和不显紫色的种类分别为()A．2种和1种B．2种和3种C．3种和2种D．3种和1种21．某有机物结构简式为则用Na、NaOH、NaHCO3与等物质的量的该有机物恰好反应时，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为()A．3：3：2B．3：2：1C．1：1：1D．3：2：2-31-\n22．体育竞技中服用兴奋剂既有失公平，也败坏了体育道德．某种兴奋剂的结构简式如图所示．有关该物质的说法中正确的是()A．滴入酸性KMnO4溶液振荡，溶液颜色无变化B．该物质与苯酚属于同系物C．1mol该物质和H2反应时最多消耗H26molD．1mol该物质与浓溴水反应时最多消Br24mol23．有机物X可以还原成醇，也可以氧化成一元羧酸，该醇与该一元羧酸反应可生成化学式为C2H4O2的有机物，则下列结论中不正确的是()A．X具有还原性B．X分子中含有甲基C．X的式量为30D．X中的含碳量为40%24．如图为实验室制取少量乙酸乙酯的装置图．下列关于该实验的叙述中，不正确的是()A．向a试管中先加入浓硫酸，然后边摇动试管边慢慢加入乙醇，再加冰醋酸B．试管b中导气管下端管口不能浸入液面的原因是防止实验过程中发生倒吸现象C．实验时加热试管a的目的是及时将乙酸乙酯蒸出并加快反应速率D．试管b中饱和Na2CO3溶液的作用是吸收随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇25．用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是()乙烯的制备试剂X试剂YACH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热H2OKMnO4酸性溶液BCH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热H2OBr2的CCl4溶液CCH3CH2OH与浓H2SO4加热至170℃NaOH溶液KMnO4酸性溶液DCH3CH2OH与浓H2SO4加热至170℃NaOH溶液Br2的CCl4溶液-31-\nA．AB．BC．CD．D二、填空题（26～32题，共7个小题，共50分．请将正确答案填写在答题纸相应位置．）26．按要求回答下列问题．（1）的名称为__________．（2）该物质所含官能团的名称分别为__________、__________、__________．（3）进行一氯取代反应后，只能生成__________种沸点不同产物．27．利用核磁共振技术测定有机物分子的三维结构的研究获得了2022年诺贝尔化学奖．（1）下列物质中，其核磁共振氢谱中给出的峰值（信号）只有一个的是__________．A．CH3CH3B．CH3COOHC．CH3COOCH3D．CH3OCH3（2）化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱图如图所示，则A的结构简式为：__________，请预测B的核磁共振氢谱上有__________个峰（信号）．28．（14分）将煤焦油中的苯、甲苯与苯酚进行分离，可采取以如图示方法及操作．-31-\n（1）写出物质①和⑤的化学式：①__________，⑤__________．（2）写出分离方法②和③的名称：②__________，③__________．（3）混合物中加入溶液①反应的化学方程式为__________．（4）下层液体④通人气体⑤反应的化学方程式为__________．（5）分离出的苯酚含在（用编号回答）__________中．29．实验室制乙炔并检验其性质的装置如图．（1）装置Ⅰ：发生的主要反应是__________（2）装置Ⅱ：由于电石中混有CaS、Ca3P2等，二者与水反应与装置Ⅰ中的反应类似．由此推断乙炔气体中混有__________气体．装置Ⅱ的作用是__________（3）装置Ⅲ：观察到的反应现象是__________，发生的反应方程式是__________（反应物物质的量1：1）（4）装置Ⅳ：发生的反应类型是__________．30．某芳香烃A（分子式为C9H10，含有一个碳碳双键）有如下转化关系：已知：E能使Br2的CCl4溶液褪色．按要求填空：（1）写出反应①的反应类型__________；反应⑤的反应类型__________；（2）写出A和F结构简式：A__________；F；（3）写出反应③的化学方程式：__________；-31-\n写出反应④的化学方程式：__________．31．实验室用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示，其中可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚．有关数据列表如下：乙醇1，2﹣二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/g•cm﹣30.792.20.71沸点/℃78.513234.6熔点/℃一l309﹣1l6回答下列问题：（1）用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的两步反应方程式为__________．（2）在此实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是__________；（填正确选项前的字母）a．引发反应b．加快反应速度c．防止乙醇挥发d．减少副产物乙醚生成（3）在装置C中应加入__________，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体：（填正确选项前的字母）a．水b．浓硫酸c．氢氧化钠溶液d．饱和碳酸氢钠溶液（4）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在__________层（填“上”、“下”）；（5）若产物中有少量未反应的Br2，最好用__________洗涤除去；（填正确选项前的字母）a．水b．氢氧化钠溶液c．碘化钠溶液d．乙醇（6）若产物中有少量副产物乙醚．可用__________的方法除去；（7）反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是__________；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是__________．32．蓓萨罗丁是一种治疗顽固性皮肤T﹣细胞淋巴瘤的药物，有研究者设计其合成路线如下（部分反应试剂和条件已略）：-31-\n已知：Ⅰ．Ⅱ．试回答下列问题：（1）D的分子式为__________；（2）F分子中含氧官能团的名称为__________、__________．（3）原料A的结构简式为__________；原料B发生反应④所需的条件为__________．（4）反应①的反应类型为__________．（5）反应②、⑤的化学方程式分别为②__________；⑤__________．（6）对苯二甲酸有多种同分异构体，写出符合下列条件的其中任意一种的结构简式__________．①苯环上有三个取代基；②能与NaHCO3溶液发生反应；③能发生银镜反应．-31-\n2022-2022学年北京三十五中高二（下）期中化学试卷（理科）一、选择题（共25个小题，每题2分，共50分．每小题只有一个正确选项，1．以下化学用语正确的是()A．苯的实验式C6H6B．乙醇的分子式CH3CH2OHC．乙烯的结构简式CH2CH2D．甲醛的结构式：【考点】结构式；分子式；结构简式．【分析】A．苯的实验式中C、H原子个数比为最简；B．乙醇的分子式中体现原子个数；C．乙烯的结构简式中不能省略官能团；D．甲醛中含﹣CHO．【解答】解：A．苯的实验式为CH，C6H6为分子式，故A错误；B．乙醇的分子式为C2H6O，CH3CH2OH为结构简式，故B错误；C．乙烯的结构简式为CH2=CH2，故C错误；D．甲醛的结构式：，故D正确；故选D．【点评】本题考查化学用语，涉及分子式、结构式、实验式、结构简式等，难度不大．2．下列物质中能使高锰酸钾酸性溶液褪色的是()A．甲烷B．苯C．甲苯D．乙酸【考点】苯的同系物；苯的性质；乙酸的化学性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A、烷烃性质稳定，不能使高锰酸钾溶液褪色；B、苯不能是高锰酸钾褪色；C、笨的同系物可以使高锰酸钾褪色；D、乙酸不能被强氧化剂氧化．【解答】解：A、甲烷性质稳定，不能被强氧化剂氧化，故A错误；B、苯不能被强氧化剂氧化，故B错误；C、甲苯能够和高锰酸钾反应，使高锰酸钾褪色，故C正确；D、乙酸不和高锰酸钾反应，故D错误；故选C．【点评】本题考查笨的同系物性质，能够被强氧化剂氧化，如使高锰酸钾褪色，难度适中．3．由于发生化学反应而使溴水褪色的一组物质是()①甲苯②聚乙烯③四氯化碳④2﹣丁炔⑤（CH3）2C=CHCH3．A．①④B．②④⑤C．④⑤D．①③④⑤【考点】烯烃．【分析】能和溴水反应的物质应具有还原性或含有碳碳双键或含有酚羟基，据此分析解答．-31-\n【解答】解：①甲苯与溴水不反应，甲苯能使溴水褪色是因为发生了萃取而不是化学反应，故①不选；②乙烯加聚后生成的聚乙烯中已经无碳碳双键，故不能和溴水发生化学反应，故②不选；③四氯化碳能将溴从溴水中萃取出来从而使溴水褪色，不是化学反应，故③不选；④2﹣丁炔中含有碳碳三键，能和溴水发生加成反应而使溴水褪色，故④选；⑤（CH3）2C=CHCH3中含有碳碳双键，能和溴水发生加成反应而使溴水褪色，故⑤选；故选C．【点评】本题考查了有机物的性质，难度不大，明确有机物含有的官能团是解本题的关键．4．下列有机物命名正确的是()A．2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2CH2OH1﹣丁醇C．间二甲苯D．2﹣甲基﹣2﹣丙烯【考点】有机化合物命名．【分析】A、烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号；B、醇在命名时，要从离官能团近的一端开始编号；C、苯的同系物在命名时，根据侧链在苯环上的位置关系可以用“邻、间、对”来命名；D、烯烃命名时，要选含官能团的最长碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号．【解答】解：A、烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，故主链上有4个碳原子，从离支链近的一端开始编号，故正确的名称为：2﹣甲基丁烷，故A错误；B、醇在命名时，要从离官能团近的一端开始编号，故羟基在1号碳上，故名称为1﹣丁醇，故B正确；C、苯的同系物在命名时，根据侧链在苯环上的位置关系可以用“邻、间、对”来命名，此物质中2个甲基为对位的关系，故名称为：对二甲苯，故C错误；D、烯烃命名时，要选含官能团的最长碳链为主链，从离官能团近的一端开始编号，故在2号碳原子上有一个甲基，故名称为：2﹣甲基﹣1﹣丙烯，故D错误；故选B．【点评】本题考查了烷烃、烯烃、醇以及苯的同系物的命名，难度不大，应注意的是含官能团的物质在命名时要离官能团近的一端开始编号．5．下列关于甲苯的实验中，能说明侧链对苯环有影响的是()A．甲苯硝化生成三硝基甲苯B．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色C．甲苯燃烧带有浓厚的黑烟D．甲苯与氢气可以生加成反应【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】侧链对苯环有影响，使苯环变得活泼，更容易发生取代反应，所以甲苯硝化时能生成三硝基甲苯．-31-\n【解答】解：A．甲苯和苯都能与浓硝酸、浓硫酸发生取代反应，但产物不同，侧链对苯环有影响，使苯环变得活泼，更容易发生取代反应，甲苯硝化生成三硝基甲苯，能说明侧链对苯环有影响，故A正确；B．甲苯能使酸性高锰酸钾褪色，苯不能使酸性高锰酸钾褪色，说明苯环对侧链有影响，故B错误；C．甲烷和甲苯都能燃烧产生带浓烟的火焰，这是碳不完全燃烧导致，所以不能说明侧链对苯环有影响，故C错误；D.1mol甲苯或1mol苯都能与3molH2发生加成反应，所以不能说明侧链对苯环有影响，故D错误．故选A．【点评】本题以侧链对苯环的影响为载体考查了苯的同系物的化学性质，难度不大，注意：苯环对甲基的影响导致甲苯能被酸性高锰酸钾氧化成甲酸，而同时苯环对侧链也有影响甲苯能使酸性高锰酸钾褪色．6．区别CH3CH2CH2OH与的方法是()A．加入金属钠B．加银氨溶液C．在铜存在下和氧气反应D．在铜存在下和氧气反应后的产物中加入银氨溶液共热【考点】有机物的鉴别．【分析】CH3CH2CH2OH和中均含﹣OH，具有醇的性质，但﹣OH的位置不同，只有CH3CH2CH2OH氧化生成醛，可发生银镜反应，以此来解答．【解答】解：A．均含﹣OH，均与Na反应生成氢气，不能区别，故A错误；B．醇与银氨溶液不反应，不能区别，故B错误；C．在铜存在下均能和氧气反应，不能区别，故C错误；D．在银存在下和氧气反应后，只有CH3CH2CH2OH氧化生成醛，可发生银镜反应，能区别，故D正确；故选：D．【点评】本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握醇的结构不同为解答的关键，注意伯醇能氧化生成醛，明确醇、醛的性质即可解答，题目难度不大．7．下列物质中，有顺反异构体的是()A．1，2﹣二氯乙烯ClHC=CHClB．1，1﹣二氯乙烯Cl2C=CH2C．丙烯CH3﹣CH=CH2D．苯乙烯【考点】同分异构现象和同分异构体．【分析】存在顺反异构体的条件：（1）分子中至少有一个键不能自由旋转（否则将变成另外一种分子）；（2）双键上同一碳上不能有相同的基团；-31-\n根据存在顺反异构的条件对各选项中的有机物结构进行判断即可．【解答】解：A、1，2﹣二氯乙烯分子中，碳碳双键上同一碳上连有不同的基团，具有顺反异构，故A正确；B．1，1﹣二氯乙烯中双键上同一碳上连有相同的基团：氯原子，不具有顺反异构，故B错误；C、丙烯CH3﹣CH=CH2，碳碳双键上同一碳上连相同的氢原子，并不具有顺反异构，故C错误；D、苯乙烯分子中，其中C=C双键上的碳原子连接相同的H原子，不具有顺反异构，故D错误；故选A．【点评】本题考查顺反异构的判断，题目难度不大，注意掌握同分异构体的概念及类型，明确存在顺反异构体的条件为解题的关键．8．在有机物分子中，不能引入羟基的反应是()A．还原反应B．水解反应C．消去反应D．加成反应【考点】有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．【分析】酯化反应、消去反应一般是脱HX或H2O，会消除羟基；而﹣CHO可加氢（既是加成反应又是还原反应）生成﹣CH2OH，酯的水解可生成醇﹣OH，卤代烃水解可以生成醇，水解反应属于取代反应．【解答】解：A．醛基与氢气发生加成反应可生成羟基，也为还原反应，故A不选；B．水解反应可引入羟基，如酯的水解反应生成醇，故B不选；C．消去反应是消除羟基，不会引入羟基，故C选；D．加成反应可以引入羟基，例如乙烯水化制乙醇，故D不选．故选C．【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重于官能团的转化，为高考常见题型，综合考查学习化学知识的应用能力，题目难度不大，注意把握有机物的官能团的性质，为解答该题的关键．9．干洗衣服的干洗剂主要成分是四氯乙烯，对环境有害．家用不粘锅内侧涂覆物质的主要成分是聚四氟乙烯，对人体无害．下列关于四氯乙烯和聚四氟乙烯的叙述中正确的是()A．它们都属于高分子化合物B．它们的分子中都不含氢原子C．它们都能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．它们都可由乙烯只发生加成反应得到【考点】卤代烃简介；常用合成高分子材料的化学成分及其性能．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．高分子化合物是指相对分子质量很大的有机物，可达几万至几十万，甚至达几百万或更大；B．根据四氯乙烯和聚四氟乙烯的元素组成解题；C．聚四氟乙烯不含双键；D．有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应是加成反应．【解答】解：A．四氯乙烯相对分子质量较小，不是高分子化合物，故A错误；B．四氯乙烯含有碳和氯元素，聚四氟乙烯含有碳和氟两种元素，故B正确；C．聚四氟乙烯不含双键，不能被氧化，故C错误；D．乙烯中含有碳氢元素，与四氯乙烯和聚四氟乙烯组成不同，只发生加成反应无法得到，故D错误．-31-\n故选B．【点评】本题考查常用合成高分子材料的化学成分及其性能，难度不大，注意根据官能团确定物质的性质．10．乙醇分子中不同化学键如图所示，关于乙醇在各种反应中断裂的键说明不正确的是()A．和金属钠反应时键①断裂B．和氢溴酸共热时键②断裂C．在Ag催化作用下和O2反应时键①⑤断裂D．和浓硫酸共热至170°C，键②⑤断裂【考点】乙醇的化学性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A、金属钠与乙醇反应取代羟基上氢原子；B、乙醇与氢溴酸反应生成溴乙烷，结构有机物结构判断；C、乙醇在Ag催化作用下和O2反应生成乙醛，结合结构式判断；D、乙醇和浓硫酸共热至170°C，发生消去反应生成乙烯，结合有机物结构判断．【解答】解：A、乙醇与钠反应取代羟基上氢原子，反应时键①断裂，故A正确；B、乙醇与氢溴酸反应生成溴乙烷，乙醇中的键②断裂，故B正确；C、乙醇在Ag催化作用下和O2反应生成乙醛，乙醇中的键①③断裂，故C错误；D、乙醇和浓硫酸共热至170°C，发生消去反应生成乙烯，乙醇中键②⑤断裂，故D正确；故选C．【点评】考查乙醇的性质，难度不大，结合化学键断裂理解乙醇的性质．11．一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又叫羰基的合成．由乙烯可制丙醛：CH2=CH2+CO+H2CH3CH2CHO．由分子式为C4H8的烯烃进行醛化反应得到的醛，共有几种？()A．2种B．3种C．4种D．5种【考点】同分异构现象和同分异构体．【分析】丁烯进行醛化反应也可得到醛为戊醛，可以看作﹣CHO取代丁烷中1个H原子形成，判断丁烷的同分异构体，再根据丁烷中等效氢判断．【解答】解：丁烯进行醛化反应也可得到醛为戊醛，可以看作﹣CHO取代丁烷中1个H原子形成，丁烷有正丁烷、异丁烷两种，正丁烷分子中有2种H原子，﹣CHO取代正丁烷中1个H原子形成的醛有2种，异丁烷分子中有2种H原子，﹣CHO取代异丁烷中1个H原子形成的醛有2种，故戊醛共有4种结构，故选C．【点评】本题考查同分异构体的书写，难度中等，注意看作一元取代利用等效氢判断．12．下列各物质中既能发生消去反应又能催化氧化，并且催化氧化的产物能够发生银镜反应的是()-31-\nA．B．C．D．【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机反应．【分析】既能发生消去反应又能催化氧化，说明﹣OH邻位C原子有H原子，且与﹣OH相连的C原子上有H原子，并且催化氧化的产物能够发生银镜反应，说明生成醛基，则应含有R﹣CH（R'）﹣CH2OH的结构特点．【解答】解：A．不能发生催化氧化，可发生消去反应，故A错误；B．能发生催化氧化，但不能发生消去反应，故B错误；C．能发生催化氧化、发生消去反应，但氧化产物为丙酮，不能发生银镜反应，故C错误；D．能发生消去反应，催化氧化可生成醛，能发生银镜反应，故D正确．故选D．【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，本题注意醇类物质发生消去、催化氧化反应与结构的关系，注意把握相关规律，为易错点．13．某有机物的结构简式为，它在一定条件下可能发生的反应是()①加成；②水解；③酯化；④氧化；⑤中和；⑥消去；⑦还原．A．①③④⑤⑥⑦B．①③④⑤⑦C．①③⑤⑥⑦D．②③④⑤⑥【考点】取代反应与加成反应；消去反应与水解反应；聚合反应与酯化反应．【专题】有机反应．【分析】根据有机物含有醛基、羧基、醇羟基结构、利用官能团的性质来解答．【解答】解：①有机物含有醛基，则它能和氢气发生加成反应，生成醇羟基，故①可能发生；②有机物中不含有卤代烃，也不含有酯基，故②不可能发生；③有机物含有羧基能和醇羟基发生酯化反应，含有的醇羟基也能羧酸发生酯化反应，故③可能发生；④有机物含有醇羟基结构，醇羟基能被氧化成醛基，该有机物中含有醛基，醛基能被氧化成羧酸，故④可能发生；⑤有机物含有羧基，具有酸性，能和碱发生中和反应，故⑤可能发生；⑥有机物中含有醇羟基，且醇羟基相邻的碳上含有氢原子，故能发生消去反应，故⑥可能发生；⑦有机反应中，去氧或加氢的反应应为还原反应，该有机物中含有醛基，可以加氢生成醇，故⑦可能发生；故选A．【点评】本题考查了有机物官能团的性质，掌握常见有机物的官能团间的转化是解答本题的关键．14．只用滴管、试管和水就能鉴别的物质组是()A．苯、乙酸、CCl4B．乙醇、乙醛、乙酸-31-\nC．乙二醇、乙醛、溴代烃D．乙醇、甘油、苯酚【考点】有机物的鉴别．【专题】物质检验鉴别题．【分析】只用水和试管、胶头滴管就可以鉴别，则利用溶解性及密度分析混合后分层现象即可，以此来解答．【解答】解：A．乙酸与水混溶不分层，苯与水混合有机层在上层，四氯化碳与水混合有机层在下层，现象不同，可鉴别，故A选；B．乙醇、乙醛、乙酸与水均不分层，现象相同，不能鉴别，故B不选；C．乙二醇、乙醛与水混合均不分层，现象相同，不能鉴别，故C不选；D．乙醇、甘油与水混溶，均不分层，现象相同，不能鉴别，故D不选；故选A．【点评】本题考查物质的鉴别，侧重与水混合分层现象的考查，注意物质的溶解性、密度大小即可解答，注重基础知识的夯实，题目难度不大．15．由2﹣氯丙烷制取1，2﹣丙二醇时，需要经过下列哪几步反应()A．加成→消去→取代B．消去→加成→取代C．取代→消去→加成D．取代→加成→消去【考点】卤代烃简介；有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】可用逆推法判断：CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHClCH3，以此判断合成时所发生的反应类型．【解答】解：由2﹣氯丙烷制取少量的1，2﹣丙二醇，可用逆推法判断：CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHClCH3，则2﹣氯丙烷应首先发生消去反应生成CH3CH=CH2，CH3CH=CH2发生加成反应生成CH3CHBrCH2Br，CH3CHBrCH2Br发生水解反应可生成1，2﹣丙二醇，水解反应属于取代反应，故选B．【点评】本题考查有机物合成的方案的设计，题目难度不大，注意把握有机物官能团的变化，为解答该题的关键．16．下列叙述正确的是()A．用浓溴水除去苯中的苯酚B．用核磁共振氢谱鉴别1﹣丙醇和2﹣丙醇C．不慎将苯酚溶液沾到皮肤上，立即用稀NaOH溶液清洗D．苯与酸性KMnO4溶液混合振荡、静置分层，下层液体为无色【考点】苯酚的化学性质；苯的性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A、依据苯和苯酚的性质分析，浓溴水和苯酚反应生成沉淀，溴单质可以溶于苯；B、依据1﹣丙醇和2﹣丙醇分子中的氢原子位置不同，会出现不同的核磁共振氢谱分析；C、依据氢氧化钠是强碱具有腐蚀性，苯酚易溶于酒精分析判断；D、依据苯的性质不与高锰酸钾反应，密度小于水分析判断．【解答】解：A、浓溴水可以和苯中的苯酚反应生成沉淀三溴苯酚，但溴单质也易溶于苯中，引入了新的杂质，故A错误；B、1﹣丙醇为CH3CH2CH2OH，2﹣丙醇为CH3CH（OH）CH3，由于分子中氢原子的位置和强度不同，会出现不同的峰值，可以进行鉴别，故B正确；-31-\nC、苯酚不易溶于水会腐蚀皮肤，易溶于酒精，酒精是良好有机溶剂，可以溶解苯酚减少对皮肤的伤害，氢氧化钠是强碱具有强腐蚀性，故C错误；D、苯与酸性KMnO4溶液混合振荡不反应，由于苯不溶于水且密度比水小，无色液体在上层，下层为紫红色的高锰酸钾，故D错误；故选B．【点评】本题考查了苯酚和苯的性质区别和性质应用，特别是对核磁共振氢谱的含义的理解和应用．17．下列操作正确的是()A．用盐酸溶液清洗盛过苯酚的试管B．向放有电石的圆底烧瓶中，滴入饱和食盐水可产生乙炔气体C．将2%的NaOH溶液4～5滴，滴入2mL10%的CuSO4溶液中制得Cu（OH）2悬浊液，加入乙醛溶液加热，用以检验醛基存在D．将卤代烃加入到热氢氧化钠溶液中一段时间后，取上层液体，加入AgNO3液产生沉淀，则证明卤代烃中含有卤元素【考点】苯酚的化学性质；乙炔炔烃；溴乙烷的化学性质；有机物（官能团）的检验．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A、苯酚与盐酸不反应；B、碳化钙与水反应生成乙炔气体；C、醛的氧化性实验需在碱性环境下；D、检验卤代烃水解产物，应先中和碱，再加硝酸银检验碘离子．【解答】解：A、苯酚不溶于盐酸，应该使用酒精洗涤，故A错误；B、由于电石与水反应生成乙炔气体，向放有电石的圆底烧瓶中，滴入饱和食盐水可产生乙炔气体，故B正确；C、乙醛与新制氢氧化铜反应应在碱性环境中反应，故C错误；D、检验卤代烃水解产物，应先中和碱，再加硝酸银检验碘离子，故D错误；故选B．【点评】本题考查了教材实验知识，要注意教材实验，理解教材实验的原理，体会教材实验的细节，把握教材实验的精髓，本题难度不大．18．下列说法正确的是()A．将AgNO3溶液滴入氨水中制银氨溶液B．苯酚与苯甲醇（）分子组成相差一个﹣CH2原子团，因而它们互为同系物C．在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD．苯酚分子中由于羟基对苯环的影响，使苯环上的氢原子容易被取代【考点】芳香烃、烃基和同系物；有机分子中基团之间的关系；酯的性质．【分析】A、配制银氨溶液时，向硝酸银溶液中滴加稀氨水；B、苯酚与苯甲醇结构不相似，不是同系物；C、CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH；D、苯酚可发生取代反应，说明羟基对苯环的影响．【解答】解：A、配制银氨溶液，必须是向AgNO3溶液中逐滴加入稀氨水至沉淀恰好完全溶解，若将AgNO3溶液滴入氨水中，无法判断AgNO3与NH3•H2O恰好完全反应，故A错误；-31-\nB、苯酚与苯甲醇虽然分子组成相差一个﹣CH2原子团，但是结构不相似，不是同系物，故B错误；C、在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3COOH和C2H518OH，故C错误；D、苯酚易发生取代反应，如与溴水反应生成三溴苯酚，说明羟基对苯环的影响，故D正确，故选D．【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，注意把握有机物官能团的性质以及有机物的原子团之间相互影响的特点，难度不大．19．下列说法中，正确的是()A．RCOOH与R′OH发生酯化反应时生成ROOCR′B．能与NaOH溶液反应，分子式为C2H4O2的有机物一定是羧酸C．甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸互为同分异构体D．甲醛与乙酸乙酯的最简式相同【考点】有机化学反应的综合应用；同分异构现象和同分异构体．【专题】有机化学基础．【分析】A．根据酯化反应原理“酸脱羟基醇脱氢”进行分析；B．酯能够与氢氧化钠溶液反应，所以分子式为C2H4O2的有机物可能为甲酸甲酯；C．甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸分子式为C3H6O2，它们的结构不同，所以互为同分异构体；D．甲醛的最简式为其分子式CH2O，乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，最简式为C2H4O．【解答】解：A．RCOOH与R′OH发生酯化反应时，R′OH脱去羟基H，RCOOH脱去羟基，反应生成生成RCOOR′，故A错误；B．分子式为C2H4O2的有机物可能为乙酸或甲酸甲酯，二者都能够与氢氧化钠溶液反应，所以分子式为C2H4O2的有机物不一定是羧酸，可能为酯类，故B错误；C．甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸的分子式相同，都是C3H6O2，三者的结构不同，所以它们互为同分异构体，故C正确；D．甲醛的最简式和分子式都是CH2O，乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，最简式为C2H4O，所以甲醛与乙酸乙酯的最简式不同，故D错误；故选C．【点评】本题考查了有机物结构与性质、常见有机反应类型、反应原理等知识，注意掌握常见有机物结构与性质，明确同分异构体概念及判断方法，选项A为易错点，注意酯化反应的反应原理．20．某芳香族化合物的分子式为C7H8O，其中与FeCl3溶液混合显紫色和不显紫色的种类分别为()A．2种和1种B．2种和3种C．3种和2种D．3种和1种【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同系物和同分异构体．【分析】芳香族化合物A的分子式为C7H8O，故A含有1个苯环，遇FeCl3溶液可发生显色反应，含有酚羟基，故还含有1个甲基，结合甲基与酚羟基的位置关系判断；遇FeCl3溶液不显紫色，则不含酚羟基，故侧链为﹣CH2OH或﹣OCH3，据此解答．【解答】解：芳香族化合物A的分子式为C7H8O，故A含有1个苯环，遇FeCl3溶液可发生显色反应，含有酚羟基，故还含有1个甲基，甲基与酚羟基有邻、间、对三种位置关系，故符合条件的A的结构有3种；-31-\n遇FeCl3溶液不显紫色，则不含酚羟基，故侧链为﹣CH2OH或﹣OCH3，符合条件的A的结构有2种，故选C．【点评】本题考查同分异构体、有机物结构的推断、官能团的性质等，难度不大，确定苯环含有的侧链是关键．21．某有机物结构简式为则用Na、NaOH、NaHCO3与等物质的量的该有机物恰好反应时，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为()A．3：3：2B．3：2：1C．1：1：1D．3：2：2【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】分子中含有酚羟基、醛基、羧基和醇羟基，根据有机物的官能团的性质判断有机物可能具有的性质．【解答】解：能与Na反应的有1个酚羟基、1个羧基和1个醇羟基；能与NaOH反应的有1个酚羟基和1个羧基；能与NaHCO3反应的只有1个羧基，则消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为3：2：1，故选B．【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，本题注意有机物的官能团的种类和性质，为解答该题的关键．22．体育竞技中服用兴奋剂既有失公平，也败坏了体育道德．某种兴奋剂的结构简式如图所示．有关该物质的说法中正确的是()A．滴入酸性KMnO4溶液振荡，溶液颜色无变化B．该物质与苯酚属于同系物C．1mol该物质和H2反应时最多消耗H26molD．1mol该物质与浓溴水反应时最多消Br24mol【考点】有机物的结构和性质．【分析】由有机物的结构简式可知，分子中含碳碳双键、酚﹣OH，结合烯烃、酚的性质来解答．【解答】解：A．含有酚羟基和碳碳双键，都可被酸性高锰酸钾氧化，故A错误；B．含有两个苯环和碳碳双键，与苯酚结构不同，不是同系物，故B错误；C．苯环与碳碳双键均与氢气发生加成，则1mol该物质与氢气反应时，消耗氢气为7mol，故C错误；D．酚﹣OH的邻对位与溴水发生取代，碳碳双键与溴水发生加成，则1mol该物质与浓溴水反应，消耗溴为4mol，故D正确．-31-\n故选D．【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构特征和官能团的性质，为解答该题的关键，难度中等．23．有机物X可以还原成醇，也可以氧化成一元羧酸，该醇与该一元羧酸反应可生成化学式为C2H4O2的有机物，则下列结论中不正确的是()A．X具有还原性B．X分子中含有甲基C．X的式量为30D．X中的含碳量为40%【考点】乙醇的化学性质；有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机反应．【分析】有机物X可以还原成醇，也可以氧化成一元羧酸，则X为醛，由X生成的醇与一元羧酸反应可生成分子式为C2H4O2的有机物Y，则Y为甲酸甲酯，醇为甲醇，一元羧酸为甲酸，以此来解答．【解答】解：有机物X可以还原成醇，也可以氧化成一元羧酸，则X为醛，由X生成的醇与一元羧酸反应可生成分子式为C2H4O2的有机物Y，则Y为甲酸甲酯；A．X为HCHO，含有醛基，具有还原性，故A正确；B．X为HCHO，分子中没有甲基，故B错误；C．X为HCHO，相对分子质量为30，故C正确；D．X为HCHO，含碳量为×100%=40%，故D正确；故选B．【点评】本题考查有机物的推断，注意醛的性质既能氧化又能还原为解答的关键，明确Y为酯及C原子数分析推断即可解答，题目难度不大．24．如图为实验室制取少量乙酸乙酯的装置图．下列关于该实验的叙述中，不正确的是()A．向a试管中先加入浓硫酸，然后边摇动试管边慢慢加入乙醇，再加冰醋酸B．试管b中导气管下端管口不能浸入液面的原因是防止实验过程中发生倒吸现象C．实验时加热试管a的目的是及时将乙酸乙酯蒸出并加快反应速率D．试管b中饱和Na2CO3溶液的作用是吸收随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇【考点】乙酸乙酯的制取．【专题】实验评价题．【分析】A、浓硫酸溶于水放出大量的热，加入药品时，为防止酸液飞溅，应先加入乙醇再加入浓硫酸和乙酸；B、由于混合物中含有乙醇和乙酸，易溶于水，易生产倒吸，实验时导管不能插入到液面以下；C、反应加热提高反应速率，乙酸乙酯沸点低，加热蒸出乙酸乙酯；D、依据蒸出气体中的成分和饱和碳酸钠的作用分析判断．【解答】解：A、向a试管中先加入乙醇，然后边摇动试管边慢慢加入冰醋酸，再加浓硫酸，防止浓硫酸溶解放热造成液体飞溅，故A错误；-31-\nB、由于混合物中含有乙醇和乙酸，易溶于水，易生产倒吸，实验时导管不能插入到液面以下，故B正确；C、反应加热提高反应速率，乙酸乙酯沸点低，加热利于蒸出乙酸乙酯，故C正确；D、试管b中Na2CO3的作用是中和乙酸，溶解乙醇，除去随乙酸乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在溶液中溶解度，故D正确；故选A．【点评】本题考查乙酸乙酯的制取，题目难度不大，注意把握乙酸乙酯的性质以及制备方法，为中学阶段常考查的知识．25．用如图所示装置检验乙烯时不需要除杂的是()乙烯的制备试剂X试剂YACH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热H2OKMnO4酸性溶液BCH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热H2OBr2的CCl4溶液CCH3CH2OH与浓H2SO4加热至170℃NaOH溶液KMnO4酸性溶液DCH3CH2OH与浓H2SO4加热至170℃NaOH溶液Br2的CCl4溶液A．AB．BC．CD．D【考点】乙烯的化学性质；物质的分离、提纯和除杂．【分析】A．CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热制备的乙烯中含有乙醇，乙烯和乙醇都能使KMnO4酸性溶液褪色；B．CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热制备的乙烯中含有乙醇，乙醇不与Br2的CCl4溶液反应；C．乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，SO2中+4价S具有还原性，能还原酸性KMnO4溶液，使其紫色褪去，乙醇也能被KMnO4酸性溶液氧化；D．乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，二氧化硫能与Br2的CCl4溶液反应使其褪色；【解答】解：A．溴乙烷的消去反应：+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O，利用KMnO4+CH2═CH2+H2SO4→CO2↑+K2SO4+MnSO4+H2O，导致酸性KMnO4溶液褪色，检验乙烯；但乙烯中含有杂质乙醇，乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用水分离，乙醇能和水任意比互溶，而乙烯难溶于水，故A正确；-31-\nB．乙醇易挥发，CH3CH2Br与NaOH乙醇溶液共热：+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O，利用CH2=CH2+Br2→CH2BrCH2Br溶液褪色检验乙烯，含有的杂质乙醇，乙醇不与Br2的CCl4溶液反应，无需分离乙醇和乙烯，故B错误；C．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，CH3﹣CH2﹣OHCH2═CH2↑+H2O，同时乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，反应为C2H5OH+2H2SO42C+2SO2↑+5H2O，含有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫、乙醇能与KMnO4酸性溶液反应，2KMnO4+5SO2+2H2O═K2SO4+2MnSO4+2H2SO4，导致酸性KMnO4溶液褪色，5C2H5OH+4KMnO4+6H2SO4→5CH3COOH+4MnSO4+11H2O+2K2SO4，使KMnO4酸性溶液褪色，故需用NaOH溶液分离，NaOH溶液能溶解乙醇，能和二氧化硫反应，故C正确；D．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，CH3﹣CH2﹣OHCH2═CH2↑+H2O，利用CH2=CH2+Br2→CH2BrCH2Br溶液褪色检验乙烯，同时乙醇和浓硫酸在170℃以上能发生氧化反应，生成黑色碳、二氧化硫气体和水，反应为C2H5OH+2H2SO42C+2SO2↑+5H2O，含有杂质乙醇、二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫能与Br2的CCl4溶液反应，SO2+2H2O+Br2═H2SO4+2HBr，乙醇与水互溶，二氧化碳不影响乙烯的检验，需用氢氧化钠除去二氧化硫，故D正确；故选B．【点评】本题主要考查了乙烯的检验，明确乙烯所含杂质和常见物质的性质是解本题的关键，平时注意知识迁移的能力的培养，题目难度中等．二、填空题（26～32题，共7个小题，共50分．请将正确答案填写在答题纸相应位置．）26．按要求回答下列问题．（1）的名称为2﹣甲基﹣2，4﹣己二烯．（2）该物质所含官能团的名称分别为羟基、酯基、羧基．（3）进行一氯取代反应后，只能生成3种沸点不同产物．【考点】有机化合物命名；烃的衍生物官能团．【分析】（1）烯烃命名时，选含官能团的最长碳链为主链，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，当两端离官能团一样近时，从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，用编号较小的碳原子表示出官能团的位置；（2）根据有机物中常见的官能团有﹣X、碳碳双键、碳碳三键、﹣OH、﹣CHO、﹣COOH、﹣COO﹣等来分析；-31-\n（3）根据等效氢原子来判断各烷烃中氢原子的种类，有几种类型的氢原子就有几种一氯代物，就有几种不同的沸点取代物，据此解答．分子中等效氢原子一般有如下情况：①．分子中同一甲基上连接的氢原子等效．②．同一碳原子所连甲基上的氢原子等效．③．处于镜面对称位置（相当于平面成像时，物与像的关系）上的氢原子等效．【解答】解：（1）烯烃命名时，选含官能团的最长碳链为主链，故主链上有6个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，当两端离官能团一样近时，从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，故两个碳碳双键分别处在2号和3号碳原子、4号和5号碳原子之间，用编号较小的碳原子表示出官能团的位置，故名称为：2﹣甲基﹣2，4﹣己二烯，故答案为：2﹣甲基﹣2，4﹣己二烯；（2）有机物中常见的官能团有﹣X、碳碳双键、碳碳三键、﹣OH、﹣CHO、﹣COOH、﹣COO﹣等，此物质中的官能团有：﹣OH羟基，﹣COO﹣酯基和﹣COOH羧基，故答案为：羟基；酯基；羧基；（3）分子中有3种化学环境不同的H原子，进行一氯取代反应后，有3种同分异构体，故只能生成3种沸点不同产物，故答案为：3．【点评】本题考查学生有机物的命名以及一氯取代物的同分异构数目判断，难度不大，注意利用等效氢进行判断．27．利用核磁共振技术测定有机物分子的三维结构的研究获得了2022年诺贝尔化学奖．（1）下列物质中，其核磁共振氢谱中给出的峰值（信号）只有一个的是AD．A．CH3CH3B．CH3COOHC．CH3COOCH3D．CH3OCH3（2）化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱图如图所示，则A的结构简式为：BrCH2CH2Br，请预测B的核磁共振氢谱上有2个峰（信号）．【考点】常见有机化合物的结构．【分析】（1）核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数．核磁共振氢谱中给出的峰值（信号）只有一个，说明该分子中只有1种H原子；（2）核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数，核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中只有1种H原子，然后根据分子式写出对应的结构．【解答】解：（1）A．CH3CH3中只有一种H原子，故A正确；B．CH3COOH中有两种H原子，故B错误；C．CH3COOCH3中有两种H原子，故C错误；D．CH3OCH3中只有一种H原子，故D正确；故选：AD．（2）核磁共振氢谱中只给出一种峰，说明该分子中只有1种H原子，则A的结构简式为BrCH2CH2Br，B的结构简式为CH3CHBr2，有两种H原子，所以核磁共振氢谱上有2个峰，-31-\n故答案为：BrCH2CH2Br；2．【点评】本题结合核磁共振氢谱考查了有机物结构的书写，难度不大，要抓住核磁共振氢谱中峰值数等于有机物中氢原子的种类数．28．（14分）将煤焦油中的苯、甲苯与苯酚进行分离，可采取以如图示方法及操作．（1）写出物质①和⑤的化学式：①NaOH，⑤CO2．（2）写出分离方法②和③的名称：②分液，③分馏．（3）混合物中加入溶液①反应的化学方程式为．（4）下层液体④通人气体⑤反应的化学方程式为．（5）分离出的苯酚含在（用编号回答）⑥中．【考点】物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用．【分析】混合物加入溶液①，经过方法②得到互不相溶的溶液，应为分液操作，甲苯、苯和氢氧化钠不反应，苯酚具有酸性能和氢氧化钠反应生成可溶性的苯酚钠，转移到下层溶液中，故溶液①为NaOH溶液，方法③为分离互溶的液体，应是分馏操作，苯酚的酸性比碳酸还弱，苯酚钠能和二氧化碳、水反应生成苯酚，故气体⑤为二氧化碳．【解答】解：混合物加入溶液①，经过方法②得到互不相溶的溶液，应为分液操作，甲苯、苯和氢氧化钠不反应，苯酚具有酸性能和氢氧化钠反应生成可溶性的苯酚钠，转移到下层溶液中，故溶液①为NaOH溶液，方法③为分离互溶的液体，应是分馏操作，苯酚的酸性比碳酸还弱，苯酚钠能和二氧化碳、水反应生成苯酚，故气体⑤为二氧化碳．（1）由上述分析可知，①为NaOH，⑤为CO2，故答案为：NaOH；CO2；（2）方法②是将互不相溶的液体分离，采用分液的方法，方法③是将互溶的液体分离，采用分馏的方法分离，故答案为：分液；分馏；（3）苯酚能和氢氧化钠反应生成苯酚钠和水，反应方程式为，故答案为：；（4）苯酚钠能和二氧化碳、水反应生成苯酚和碳酸氢钠，反应方程式为，故答案为：；（5）溶液④与二氧化碳反应得到苯酚，故分离的苯酚在⑥中，故答案为：⑥．【点评】本题考查物质的分离提纯、苯酚的性质等，难度不大，注意苯酚钠和二氧化碳、水反应生成碳酸氢钠和苯酚，为易错点．-31-\n29．实验室制乙炔并检验其性质的装置如图．（1）装置Ⅰ：发生的主要反应是CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑（2）装置Ⅱ：由于电石中混有CaS、Ca3P2等，二者与水反应与装置Ⅰ中的反应类似．由此推断乙炔气体中混有硫化氢、磷化氢气体．装置Ⅱ的作用是吸收硫化氢气体，避免对乙炔的检验造成干扰（3）装置Ⅲ：观察到的反应现象是溴水褪色，发生的反应方程式是CH≡CH+2Br2→CHBr2CHBr2（反应物物质的量1：1）（4）装置Ⅳ：发生的反应类型是氧化反应．【考点】乙炔的性质实验；乙炔炔烃．【分析】（1）电石与水反应生成乙炔；（2）依据乙炔的反应原理得出混有的杂质气体时硫化氢和磷化氢，硫酸铜与硫化氢反应生成硫化铜沉淀；（3）乙炔含有碳碳三键，能与溴水发生加成反应使其褪色；（4）乙炔中含有碳碳三键，能被高锰酸钾溶液氧化，据此解答即可．【解答】解：（1）碳化钙（CaC2）与水反应生成氢氧化钙[Ca（OH）2]和乙炔，反应的化学方程式为：CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑，故答案为：CaC2+2H2O=Ca（OH）2+C2H2↑；（2）CaS、Ca3P2与水反应生成硫化氢和磷化氢，此反应中会产生杂质气体硫化氢，会对乙炔性质实验造成干扰，利用硫酸铜溶液吸收硫化氢气体，故答案为：硫化氢、磷化氢；吸收硫化氢气体，避免对乙炔的检验造成干扰；（3）乙炔还能够与溴发生加成反应，使溴的四氯化碳溶液褪色，该反应为加成反应，化学反应方程式为：CH≡CH+2Br2→CHBr2CHBr2，故答案为：溶液褪色；CH≡CH+2Br2→CHBr2CHBr2；（4）乙炔分子中含有官能团碳碳三键，能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，该反应为氧化反应，故答案为：氧化反应．【点评】本题主要考查的是乙炔的实验室制法以及乙炔的性质实验，涉及化学反应方程式书写、混合气体的除杂、有机化学反应类型的判断等，涉及知识点较多，但是难度不大．30．某芳香烃A（分子式为C9H10，含有一个碳碳双键）有如下转化关系：-31-\n已知：E能使Br2的CCl4溶液褪色．按要求填空：（1）写出反应①的反应类型加成反应；反应⑤的反应类型消去反应；（2）写出A和F结构简式：A；F；（3）写出反应③的化学方程式：2+O22+2H2O；写出反应④的化学方程式：+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O．【考点】有机物的推断．【分析】由反应④可知D为，则C为，故A为，B为，E能使溴的四氯化碳褪色，所以反应⑤为消去反应，则E为，E与甲醇发生在酯化反应生成F为，F发生加聚反应生成高聚物，据此解答．【解答】解：由反应④可知D为，则C为，故A为，B为，E能使溴的四氯化碳褪色，所以反应⑤为消去反应，则E为，E与甲醇发生在酯化反应生成F为，F发生加聚反应生成高聚物，（1）A和溴发生加成反应生成B，所以反应①的反应类型加成反应；反应⑤的反应类型消去反应，故答案为：加成反应；消去反应；（2）通过以上分析知，A、F的结构简式分别为、，故答案为：；；-31-\n（3）反应③对应的化学方程式：2+O22+2H2O，发生银镜反应，反应方程式为+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O，故答案为：2+O22+2H2O；+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O．【点评】本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，以D氧化产物为突破口采用正逆结合的方法进行推断，注意结合反应条件、常见反应类型进行推断，难点是银镜反应方程式的书写．31．实验室用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示，其中可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚．有关数据列表如下：乙醇1，2﹣二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/g•cm﹣30.792.20.71沸点/℃78.513234.6熔点/℃一l309﹣1l6回答下列问题：（1）用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的两步反应方程式为C2H5OHCH2=CH2↑+H2O、CH2=CH2+Br2→CH2BrCH2Br．（2）在此实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是d；（填正确选项前的字母）a．引发反应b．加快反应速度c．防止乙醇挥发d．减少副产物乙醚生成（3）在装置C中应加入c，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体：（填正确选项前的字母）a．水b．浓硫酸c．氢氧化钠溶液d．饱和碳酸氢钠溶液（4）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在下层（填“上”、“下”）；（5）若产物中有少量未反应的Br2，最好用b洗涤除去；（填正确选项前的字母）a．水b．氢氧化钠溶液c．碘化钠溶液d．乙醇（6）若产物中有少量副产物乙醚．可用蒸馏的方法除去；-31-\n（7）反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是乙烯与溴反应时放热，冷却可避免溴的大量挥发；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞．【考点】制备实验方案的设计．【分析】用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷，装置A中是浓硫酸、乙醇迅速加热到170°C，反应生成乙烯，乙烯中含有二氧化硫、二氧化碳、水蒸气，1，2﹣二溴乙烷熔点为9℃，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，B为安全瓶，可以防止倒吸，根据E中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，装置C浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳；生成的酸性气体为SO2、CO2可以和氢氧化钠反应，装置D是发生的反应是乙烯与溴发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），反应过程中应用冷水冷却装置D得到1，2﹣二溴乙烷，（1）三颈烧瓶A中发生反应是乙醇在浓硫酸的作用下加热到170℃产生乙烯；实验目的制备少量1，2﹣二溴乙烷，D是发生的反应是乙烯与溴发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷；（2）乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子内脱水，生成乙醚；（3）浓硫酸具有强氧化性，可能氧化乙醇中的碳，反应生成二氧化硫、二氧化碳等气体是酸性氧化物，和碱溶液发生反应被吸收；（4）根据1，2﹣二溴乙烷和水的密度相对大小分析，1，2﹣二溴乙烷的密度大于水；（5）Br2可以和氢氧化钠发生氧化还原反应；（6）利用1，2﹣二溴乙烷与乙醚的沸点不同，控制温度不同通过蒸馏的方法分离；（7）溴易挥发，该反应放热，溴易挥发，产品1，2﹣二溴乙烷的熔点（凝固点）低，冷凝变化为固体；【解答】解：（1）三颈烧瓶A中发生反应是乙醇在浓硫酸的作用下发生分子内脱水制取乙烯，乙醇发生了消去反应，反应方程式为：C2H5OHCH2=CH2↑+H2O，乙烯含有不饱和键C=C双键，能卤素单质发生加成反应，D中乙烯和溴加成生成1，2﹣二溴乙烷，反应为：CH2=CH2+Br﹣Br→CH2Br﹣CH2Br，故答案为：C2H5OHCH2=CH2↑+H2O、CH2=CH2+Br2→CH2BrCH2Br；（2）乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子内脱水，生成乙醚，故答案为：d；（3）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，故答案为：c；（4）1，2﹣二溴乙烷和水不互溶，1，2﹣二溴乙烷密度比水大，故答案为：下；（5）常温下Br2和氢氧化钠发生反应：2NaOH+Br2═NaBr+NaBrO+H2O，-31-\n故答案为：b；（6）1，2﹣二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏；（7）溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发，但1，2﹣二溴乙烷的凝固点9℃较低，不能过度冷却，故答案为：乙烯与溴反应时放热，冷却可避免溴的大量挥发；1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞．【点评】本题题较为综合，主要考查了乙醇制备1，2﹣二溴乙烷，掌握相关物质的基本化学性质，是解答本题的关键，平时须注意积累相关反应知识，难度中等．32．蓓萨罗丁是一种治疗顽固性皮肤T﹣细胞淋巴瘤的药物，有研究者设计其合成路线如下（部分反应试剂和条件已略）：已知：Ⅰ．Ⅱ．试回答下列问题：（1）D的分子式为C9H7O3Cl；（2）F分子中含氧官能团的名称为羰基、酯基．（3）原料A的结构简式为；原料B发生反应④所需的条件为浓硫酸、加热．（4）反应①的反应类型为氧化反应．-31-\n（5）反应②、⑤的化学方程式分别为②；⑤．（6）对苯二甲酸有多种同分异构体，写出符合下列条件的其中任意一种的结构简式．①苯环上有三个取代基；②能与NaHCO3溶液发生反应；③能发生银镜反应．【考点】有机物的推断．【分析】A被酸性高锰酸钾溶液氧化生成对苯二甲酸，则A为对二甲苯，其结构简式为，对苯二甲酸反应生成C，C和SOCl2反应生成D，结合题给信息知，C结构简式为，根据反应④⑤知，B发生消去反应生成E，E结构简式为，据此分析解答．【解答】解：A被酸性高锰酸钾溶液氧化生成对苯二甲酸，则A为对二甲苯，其结构简式为，对苯二甲酸反应生成C，C和SOCl2-31-\n反应生成D，结合题给信息知，C结构简式为，根据反应④⑤知，B发生消去反应生成E，E结构简式为，（1）根据D结构简式知，D分子式为C9H7O3Cl，故答案为：C9H7O3Cl；（2）根据结构简式知，F中含氧官能团为羰基和酯基，故答案为：羰基；酯基；（3）根据以上分析知，A为对二甲苯，结构简式为，B在浓硫酸作催化剂、加热条件下生成E，所以反应条件是浓硫酸、加热，故答案为：；浓H2SO4、加热；（4）根据以上分析知，①的反应类型为氧化反应，故答案为：氧化反应；（5）反应②发生酯化反应，反应方程式为，反应⑤发生加成反应，反应方程式为，故答案为：；（6）对苯二甲酸同分异构体符合下列条件：-31-\n①苯环上有三个取代基，说明取代基有3个；②能与NaHCO3溶液发生反应，说明含有羧基；③能发生银镜反应，说明含有醛基，官能团为﹣COOH、﹣OH、﹣CHO，如果﹣COOH、﹣OH位于相邻位置，有4种同分异构体；如果﹣COOH、﹣OH位于相间位置，有4种同分异构体；如果﹣COOH、﹣OH位于相对位置，有两种同分异构体；所以同分异构体有10种；其中一种结构简式为，故答案为：．【点评】本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，根据流程图中某些物质的结构简式、反应条件、分子式结合题给信息进行推断，知道常见反应类型，难点是同分异构体种类判断，题目难度中等．-31-