河北省保定市满城中学2022学年高二化学下学期期末试题含解析

2022-2022学年河北省保定市满城中学高二（下）期末化学试卷一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共50分）1．化学与人类生活密切相关，下列说法正确的是()A．苯酚有一定毒性，不能用作消毒剂和防腐剂B．制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料C．乙醇和乙酸都是常用调味品的主要成分D．能将工业酒精兑水后饮用，因为其中含有甲醇，它具有醇香味2．下列有关化学用语使用正确的是()A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．对氯甲苯的结构简式：C．CH2ClCH2Cl的名称：二氯乙烷D．的名称：3﹣甲基﹣1﹣丁烯3．下列用水就能鉴别的一组物质是()A．苯、己烷、四氯化碳B．硝基苯、乙醇、四氯化碳C．苯、乙醇、四氯化碳D．溴苯、乙醇、乙酸4．下列叙述错误的是()A．氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应B．氨基酸具有两性C．天然蛋白蛋水解的最终产物均为α﹣氨基酸D．饱和Na2SO4、CuSO4溶液均可用于蛋白质的盐析5．某有机物的结构式为它在一定条件下（如图）能发生的反应有()①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消去．A．②③④B．①③⑤⑥C．①③④⑤D．②③④⑤6．用括号内试剂及操作方法除去下列各物质中的少量杂质，不正确的是()A．苯中的甲苯（溴水、分液）B．溴乙烷中的乙醇（水、分液）C．乙醇中的水（CaO、蒸馏）D．溴苯中的溴（NaOH溶液、分液）7．把①蔗糖、②淀粉、③蛋白质、④油脂在稀酸存在的条件下分别进行水解，最后只得到一种产物的是()A．①和②B．②C．②③和④D．④-28-\n8．由2﹣氯丙烷制取少量的1，2﹣丙二醇时，需要经过下列哪几步反应()A．消去、加成、取代B．加成、消去、取代C．取代、消去、加成D．消去、加成、消去9．设阿伏加德罗常数的值为NA，则下列说法正确的是()A．1.5g甲基（﹣CH3）所含有的电子数是NAB．常温常压下，4g氦气所含有的原子数目为NAC．标准状况下，1L戊烷充分燃烧后生成的气态产物的分子数为NAD．常温常压下，1mol丙烷所含有的共价键数目为12NA10．有机物有多种同分异构体，其中属于酯且苯环上有2个取代基的同分异构体共有()A．3种B．4种C．5种D．6种11．某饱和一元醇14.8g和足量的金属Na反应，生成标准状况下氢气为2.24L，该醇可氧化成醛，则其结构可能有几种()A．2种B．3种C．4种D．5种12．食品香精菠萝酯的生产路线（反应条件略去）如图：下列叙述错误的是()A．苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液发生反应B．苯酚、苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反应C．步骤（1）中由苯酚生成苯氧乙酸的反应属于取代反应D．步骤（2）产物中残留的烯丙醇（CH2=CHCH2OH）可用溴水检验13．下列各组物质无论以何种比例混合，只要总的物质的量一定，完全燃烧时消耗氧气的量为定值的是()A．CH2O、C2H4O2、C6H12O6B．CH2=CH2，C2H5OH、HOCH2CH2COOHC．C6H6O、C5H10、C7H6O2D．H2、CO、CH3OH14．取两份质量相等的有机物M，一份与足量的钠反应放出气体V1升，另一份与足量NaHCO3溶液反应放出气体V2升；若同温同压下V1=V2，则M是()A．HCOOHB．HOOC﹣COOHC．HOCH2CH2COOHD．HOC6H4OOCH-28-\n15．下列关于的说法正确的是()A．所有原子可能都在同一平面上B．最多只可能有9个碳原子在同一平面C．有7个碳原子可能在同一直线D．只可能有5个碳原子在同一直线16．与互为同分异构体，遇氯化铁溶液显紫色的有机物是()A．B．C．D．17．某物质中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯四种物质中的一种或几种．在鉴定时有下列现象：①有银镜反应；②加入新制的Cu（OH）2悬浊液后未发现变澄清；③与含酚酞的NaOH溶液共热，红色逐渐消失．下列结论正确的是()A．有甲酸乙酯，可能有甲醇B．有甲酸乙酯和甲酸C．有甲酸乙酯和甲醇D．几种物质均存在18．下列各组物质中，互为同系物的是()A．B．C．硬脂酸与油酸D．甲醇与乙二醇19．下列关系正确的是()A．熔点：戊烷＞2，2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞丙烷B．密度：CHCl3＞H2O＞己烷C．氢元素质量分数：甲烷＞乙烷＞乙烯＞乙炔＞苯D．等质量物质完全燃烧耗O2量：苯＞环已烷＞已烷20．下列化合物在1H﹣NMR中出现三组特征峰的是()A．2一甲基一2一丁烯B．3，3一二甲基一2一丁醇C．4一甲基苯酚D．2，3，4一三甲基戊烷21．下列化学方程式或离子方程式正的()A．乙酸与碳酸钠溶液反应的离子方程式：2H++CO32﹣═CO2↑+H2OB．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子方程式：2+H2O+CO2→2+CO32﹣C．丙烯聚合成聚丙烯的化学方程式：nCH2=CHCH3D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热的化学方程式：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O-28-\n22．有5种有机物：①②③④CH3﹣CH=CH﹣CN⑤CH2=CH﹣CH=CH2，其中可用于合成高分子材料（结构如图所示）的正确组合为()A．①②④B．①②⑤C．②④⑤D．③④⑤23．一些中草药中常存在下列四种香豆素类化合物，有关说法正确的是()A．七叶内酯与东莨菪内酯互为同系物B．四种化合物含有的官能团种类完全相同C．它们都能使溴的四氯化碳溶液褪色D．1mol上述四种物质与足量氢氧化钠溶液反应，消耗氢氧化钠最多的是亮菌甲素24．把有机物的混合物在一定条件下反应：①1，3一丁二烯与溴水的加成产物，②乙二醇与乙酸酯化得酯，③甘氨酸与丙氨酸生成二肽，④苯酚和浓溴水．反应所生成的有机物的种类由多到少的顺序是()A．④③②①B．①②③④C．③①②④D．③②①④25．分子式为C10H14的芳香烃，在它的分子中只有一个烷基，它与液溴在催化剂存在的条件下反应，生成苯环上的一溴代物的结构有12种，则此烷基的结构有()A．2种B．3种C．4种D．5种二、填空题（共26分）26．有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得如图B、C、D和E四种物质．请回答下列问题：（1）在A～E五种物质中，互为同分异构体的是__________（填代号）．（2）写出下列反应的化学方程式和反应类型A→B：__________，反应类型：__________A→D：__________，反应类型：__________（3）上述分子中既能发生银镜反应，又能发生水解反应的物质是__________（填序号）．（4）C通过加聚反应能形成高聚物，该高聚物的结构简式为__________．-28-\n27．（14分）如图中A、B、C、D、E均为有机化合物．已知：C能跟NaHCO3发生反应，C和D的相对分子质量相等，E的分子式为C5H10O2，且E为无支链的化合物．根据图回答问题：（1）化合物B不能发生的反应是__________（填字母序号）：a加成反应b取代反应c消去反应d酯化反应e水解反应f置换反应（2）反应②的化学方程式是__________．（3）反应②实验中加热的目的是：Ⅰ、__________．；Ⅱ、__________．．（4）A的结构简式是__________．（5）同时符合下列三个条件的B的同分异构体的数目有__________个；Ⅰ．含有间二取代苯环结构Ⅱ．属于非芳香酸酯Ⅲ．与FeCl3溶液发生显色反应．写出其中任意个同分异构体的结构简式__________．三、实验题（共15分）28．下列实验操作不正确的是__________．A．在催化剂存在的条件下，苯和溴水发生反应可生成无色、比水重的液体溴苯B．将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，完成乙醇氧化为乙醛的实验C．醇中含有少量水可加入硫酸铜再蒸馏制得无水乙醇D．试管中先加入一定量浓硫酸，再依次加入适量冰醋酸、无水乙醇，然后加热制乙酸乙酯E．实验室制取乙烯时，放入几片碎瓷片，以避免混合液在受热沸腾时剧烈跳动F．配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴入硝酸银溶液中，产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止G．验证溴乙烷水解产物时，将溴乙烷和氢氧化钠溶液混合，充分振荡溶液、静置、待液体分层后，滴加硝酸银溶液H．向淀粉溶液中加入唾液后，水浴加热充分反应后，加入银氨溶液再水浴加热，会有光亮的银镜出现．-28-\n29．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1），以环己醇制备环己烯．已知：密度（g/cm3）熔点（℃）沸点（℃）溶解性环己醇0.9625161能溶于水环己烯0.81﹣10383难溶于水（1）制备粗品将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入1mL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品．①A中碎瓷片的作用是__________，导管B除了导气外还具有的作用是__________．②试管C置于冰水浴中的目的是__________．（2）制备精品①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在__________层（填“上”或“下”），分液后用__________（填选项字母）洗涤．a．KMnO4溶液b．稀硫酸c．Na2CO3溶液②再将环己烯按如图2装置蒸馏，冷却水从__________口进入．蒸馏时要加入生石灰，目的是__________．③收集产品时，控制的温度应在__________左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是__________（填选项字母）．a．蒸馏时从70℃开始收集产品b．环己醇实际用量多了c．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是__________（填选项字母）．a．用酸性高锰酸钾溶液b．用金属钠c．测定沸点．四、计算题（共9分）30．根据学到的研究有机化合物的方法，对有机物A的组成、结构、性质进行观察、分析，得实验结果如下：①有机物A经李比希法分析知：含碳77.8%，氢为7.40%，其余为氧；②质谱法分析A得知其相对分子质量为甲烷的6.75倍；③红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；-28-\n④A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用．求：（1）该有机物的分子式．（2）确定该有机物所有可能的结构简式，并分别写出与足量浓溴水反应的化学方程式．-28-\n2022-2022学年河北省保定市满城中学高二（下）期末化学试卷一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共50分）1．化学与人类生活密切相关，下列说法正确的是()A．苯酚有一定毒性，不能用作消毒剂和防腐剂B．制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料C．乙醇和乙酸都是常用调味品的主要成分D．能将工业酒精兑水后饮用，因为其中含有甲醇，它具有醇香味【考点】苯酚的用途；常见的食品添加剂的组成、性质和作用；合成材料．【分析】A．苯酚的稀水溶液可直接用作防腐剂和消毒剂；B．聚酯纤维属于有机物；C．酒的主要成分是乙醇，食醋的主要成分是乙酸；D．工业酒精中含有甲醇，甲醇有较强的毒性，甲醇摄入少量时能造成双目失明，饮入量大造成死亡．【解答】解：A．苯酚有一定毒性，苯酚的稀水溶液可直接用作防腐剂和消毒剂，故A错误；B．制作航天服的聚酯纤维属于有机物，不属于新型无机非金属材料，故B错误；C．乙醇是酒的主要成分，乙酸是食醋的主要成分，二者都是常用调味品的主要成分，故C正确；D．严禁用工业酒精配制饮用酒，是因为工业酒精中含有甲醇，甲醇有较强的毒性，甲醇摄入少量时能造成双目失明，饮入量大造成死亡，故D错误；故选C．【点评】本题考查了苯酚的用途、常见食品添加剂、合成材料等知识，题目难度中等，侧重基础知识的考查，明确常见有机物性质和用途即可解答，试题培养了学生灵活应用基础知识的能力．2．下列有关化学用语使用正确的是()A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．对氯甲苯的结构简式：C．CH2ClCH2Cl的名称：二氯乙烷D．的名称：3﹣甲基﹣1﹣丁烯【考点】常见有机化合物的结构；有机化合物命名．【专题】有机化学基础．【分析】A．乙烯中的双键在结构简式中不能省略；B．中氯原子和甲基处于间位；C．应该指明氯原子的位置；D．断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：1）命名要符合“一长、一近、一多、一小”，也就是主链最长，编号起点离支链最近，支链数目要多，支链位置号码之和最小；2）有机物的名称书写要规范；-28-\n3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小．【解答】解：A．乙烯中的双键在结构简式中不能省略，应为：CH2═CH2，故A错误；B．对氯甲苯中甲基和氯原子处于对位关系，结构简式：，故B错误；C．CH2ClCH2Cl的系统命名是1，2﹣二氯乙烷，故C错误；D．，按系统命名法名称为3﹣甲基﹣1﹣丁烯，故D正确．故选D．【点评】本题考查化学用语和有机物的命名，题目难度不大，命名时要遵循命名原则，书写要规范．3．下列用水就能鉴别的一组物质是()A．苯、己烷、四氯化碳B．硝基苯、乙醇、四氯化碳C．苯、乙醇、四氯化碳D．溴苯、乙醇、乙酸【考点】有机物的鉴别．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】只用水就能鉴别的有机物常根据有机物的水溶性和密度的异同，以此解答该题．【解答】解：A．苯和乙烷不溶于水，且密度都比水小，不能鉴别，故A错误；B．硝基苯、四氯化碳不溶于水，且密度都比水大，不能鉴别，故B错误；C．乙醇与水混溶，苯不溶于水，密度比水小，四氯化碳不溶于水，密度比水大，可鉴别，故C正确；D．乙醇和乙酸都溶于水，不能鉴别，故D错误．故选C．【点评】本题考查有机物的鉴别，侧重于有机物性质的考查，注意把握常见有机物的水溶性和密度，题目难度不大．4．下列叙述错误的是()A．氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应B．氨基酸具有两性C．天然蛋白蛋水解的最终产物均为α﹣氨基酸D．饱和Na2SO4、CuSO4溶液均可用于蛋白质的盐析-28-\n【考点】人体必需的氨基酸．【专题】糖类与蛋白质专题．【分析】A．氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应形成多肽；B．氨基酸中有氨基和羧基，氨基能与酸反应，羧基能与碱反应；C．天然蛋白质是α﹣氨基酸形成的；D．硫酸铜是重金属盐．【解答】解：A．氨基酸可发生缩聚反应形成多肽，故A正确；B．氨基酸分子中含有氨基（﹣NH2）和羧基（﹣COOH），既能够和与酸反应，又能与碱反应，故B正确；C．天然蛋白质水解的最终产物是α﹣氨基酸，故C正确；D．硫酸铜是重金属盐，蛋白质遇硫酸铜发生变性，故D错误．故选D．【点评】本题考查氨基酸和蛋白质的性质，题目难度不大，注意基础知识的积累．5．某有机物的结构式为它在一定条件下（如图）能发生的反应有()①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消去．A．②③④B．①③⑤⑥C．①③④⑤D．②③④⑤【考点】有机物的结构和性质．【分析】该分子中含有醛基、羧基、醇羟基和苯环，具有醛、醇、羧酸、苯的性质，据此分析解答．【解答】解：该分子中含有醛基、羧基、醇羟基和苯环，具有醛、醇、羧酸、苯的性质，醛基能发生加成反应、氧化反应、还原反应；羧基能发生中和反应、酯化反应；醇羟基能发生氧化反应、酯化反应；该分子中不含卤原子、酯基，所以不能发生消去反应、水解反应，故选C．【点评】本题考查有机物结构和性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查醇、醛、羧酸的性质，注意该分子中虽然含有醇羟基，但不能发生消去反应．6．用括号内试剂及操作方法除去下列各物质中的少量杂质，不正确的是()A．苯中的甲苯（溴水、分液）B．溴乙烷中的乙醇（水、分液）C．乙醇中的水（CaO、蒸馏）D．溴苯中的溴（NaOH溶液、分液）【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．【分析】A．甲苯与溴水不反应，易溶于苯；B．乙醇易溶于水；C．水易与CaO反应，蒸馏可分离；D．溴与氢氧化钠反应．【解答】解：A．甲苯与溴水不反应，易溶于苯，加入溴水不能除去杂质，故A错误；B．乙醇易溶于水，而溴乙烷不溶于水，可用水分液，故B正确；C．水易与CaO反应生成氢氧化钙，增大沸点差，蒸馏可分离，故C正确；D．溴与氢氧化钠反应，溴苯不溶于水，可分液，故D正确．-28-\n故选A．【点评】本题考查物质的分离、提纯问题，为高频考点，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，题目难度不大，本题注意根据物质的性质选择分离方法，注意不能引入新的杂质．7．把①蔗糖、②淀粉、③蛋白质、④油脂在稀酸存在的条件下分别进行水解，最后只得到一种产物的是()A．①和②B．②C．②③和④D．④【考点】蔗糖、麦芽糖简介；油脂的性质、组成与结构；淀粉的性质和用途；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．【专题】糖类与蛋白质专题．【分析】蔗糖水解生成葡萄糖和果糖；淀粉、纤维素常在无机酸（一般为稀硫酸）催化作用下发生水解，生成葡萄糖；蛋白质水解最后得到多种氨基酸；油脂在酸性条件下水解为甘油（丙三醇）和高级脂肪酸；在碱性条件下水解为甘油、高级脂肪酸盐．【解答】解：①蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，故①错误；②淀粉在无机酸（一般为稀硫酸）催化作用下发生水解，生成葡萄糖，故②正确；③蛋白质水解最后得到多种氨基酸，故③错误；④油脂在酸性条件下水解为甘油（丙三醇）和高级脂肪酸，故④错误；故选B．【点评】本题考查纤维素，淀粉，蛋白质，油脂的水解，难度不大，注意基础知识的积累．8．由2﹣氯丙烷制取少量的1，2﹣丙二醇时，需要经过下列哪几步反应()A．消去、加成、取代B．加成、消去、取代C．取代、消去、加成D．消去、加成、消去【考点】有机物的合成．【专题】有机反应．【分析】可用逆推法判断：CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHClCH3，以此判断合成时所发生的反应类型．【解答】解：由2﹣氯丙烷制取少量的1，2﹣丙二醇，可用逆推法判断：CH3CHOHCH2OH→CH3CHBrCH2Br→CH3CH=CH2→CH3CHClCH3，则2﹣氯丙烷应首先发生消去反应生成CH3CH=CH2，CH3CH=CH2发生加成反应生成CH3CHBrCH2Br，CH3CHBrCH2Br发生水解反应可生成1，2﹣丙二醇，水解反应属于取代反应，故选A．【点评】本题考查有机物合成的方案的设计，题目难度不大，注意把握有机物官能团的变化，为解答该题的关键．9．设阿伏加德罗常数的值为NA，则下列说法正确的是()A．1.5g甲基（﹣CH3）所含有的电子数是NAB．常温常压下，4g氦气所含有的原子数目为NAC．标准状况下，1L戊烷充分燃烧后生成的气态产物的分子数为NAD．常温常压下，1mol丙烷所含有的共价键数目为12NA【考点】阿伏加德罗常数．-28-\n【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．【分析】A、质量换算物质的量结合微粒计算电子数；B、质量换算物质的量，结合氦气是单原子分子计算；C、戊烷标准状况下不是气体；D、依据丙烷分子结构计算分析；【解答】解：A、1.5g甲基（﹣CH3）物质的量为0.1mol，所含有的电子数是0.9NA，故A错误；B、氦气是单原子分子，4g氦气物质的量为1mol，含有的原子数目为NA，故B正确；C、戊烷标准状况下不是气体，故C错误；D、1mol丙烷（C3H8）所含有的共价键数目为（8+3﹣1）×NA=10NA，故D错误；故选B．【点评】本题考查了阿伏伽德罗常的应用，主要考查质量换算物质的量计算微粒数，气体摩尔体积俄体积应用，关键是稀有气体是单原子分子．10．有机物有多种同分异构体，其中属于酯且苯环上有2个取代基的同分异构体共有()A．3种B．4种C．5种D．6种【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】属于酯，应含有﹣COO﹣官能团，且苯环上有2个取代基，则两个取代基分别为﹣CH3和﹣OOCH，应有邻、间、对的不同结构．【解答】解：由题给信息可知该有机物的同分异构体中应具有CH3﹣C6H4﹣OOCH（﹣C6H4﹣为苯环）的结构，应有邻、间、对三种同分异构体，故选A．【点评】本题考查有机物的官能团和结构，题目难度不大，注意该有机物同分异构体的判断，答题时注意把握题给信息，为解答该题的关键．11．某饱和一元醇14.8g和足量的金属Na反应，生成标准状况下氢气为2.24L，该醇可氧化成醛，则其结构可能有几种()A．2种B．3种C．4种D．5种【考点】醇类简介；同分异构现象和同分异构体．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】某饱和一元醇的通式为CnH2n+1OH，根据关系式：2CnH2n+1OH～H2，求出n，然后根据该醇可氧化成醛的条件确定醇的结构．1mol羟基与Na反应生成0.5mol（11.2L）氢气，所以此醇的相对分子质量是32g/mol，12n+2n+2+16=32，n=1，所以分子式为CH4O，以此来解答．【解答】解：标准状况下氢气为2.24L即0.1mol，质量为0.2g，2CnH2n+1OH～H2（12n+2n+2+16）×2214.8g0.2g则=，所以n=4，能氧化生成醛的醇有：CH3CH2CH2CH2OH；（CH3）2CHCH2OH；-28-\n故选：A．【点评】本题主要考查了限制条件下同分异构体的书写，掌握醇氧化生成醛是解答的关键．12．食品香精菠萝酯的生产路线（反应条件略去）如图：下列叙述错误的是()A．苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液发生反应B．苯酚、苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反应C．步骤（1）中由苯酚生成苯氧乙酸的反应属于取代反应D．步骤（2）产物中残留的烯丙醇（CH2=CHCH2OH）可用溴水检验【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】苯酚含有酚羟基，可发生颜色反应，苯氧乙酸含有羧基，具有酸性，可发生中和反应，取代反应，菠萝酯含有酯基，可发生水解反应，含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应，以此解答该题．【解答】解；A．苯酚含有酚羟基，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，菠萝酯含有碳碳双键，可被酸性高锰酸钾氧化，故A正确；B．苯酚含有酚羟基、苯氧乙酸含有羧基，具有酸性，菠萝酯含有酯基，可发生水解反应，都可与NaOH反应，故B正确；C．由苯酚生成苯氧乙酸，同时生成HCl，为取代反应，故C正确；D．菠萝酯和丙烯醇都含有碳碳双键，都能与溴水发生加成反应，不能用溴水鉴别，故D错误．故选D．【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构特征和官能团的性质，为解答该题的关键，难度中等．13．下列各组物质无论以何种比例混合，只要总的物质的量一定，完全燃烧时消耗氧气的量为定值的是()A．CH2O、C2H4O2、C6H12O6B．CH2=CH2，C2H5OH、HOCH2CH2COOHC．C6H6O、C5H10、C7H6O2D．H2、CO、CH3OH【考点】有关混合物反应的计算．【分析】各组混合物无论以何种比例混合，只要总的物质的量一定，完全燃烧时消耗氧气的量是定值，则1mol各组分消耗氧气的物质的量相等，据此解答．【解答】解：各组混合物无论以何种比例混合，只要总的物质的量一定，完全燃烧时消耗氧气的量是定值，则1mol各组分消耗氧气的物质的量相等，A．CH2O改写为C．H2O，C2H4O2改写为C2.2H2O，C6H12O6改写为C6.6H2O，故1mol的CH2O、C2H4O2、C6H12O6消耗氧气不相等，故A错误；B．C2H5OH可以改写为C2H4．H2O，HOCH2CH2COOH可以改写为C2H4．CO2．H2O，故1mol的CH2=CH2、C2H5OH、HOCH2CH2COOH消耗氧气相等，故B正确；-28-\nC．C7H6O2可以改写为C6H6．CO2，与C6H6耗氧量相等，而与C6H6O、C5H12耗氧量不相等，故C错误；D．CH3OH改写为CH2．H2O，与氢气、CO的耗氧量不相等，故D错误，故选B．【点评】本题考查混合物计算，判断各组分耗氧量相等时关键，注意利用化学式改写进行比较，避免了计算的繁琐．14．取两份质量相等的有机物M，一份与足量的钠反应放出气体V1升，另一份与足量NaHCO3溶液反应放出气体V2升；若同温同压下V1=V2，则M是()A．HCOOHB．HOOC﹣COOHC．HOCH2CH2COOHD．HOC6H4OOCH【考点】有关有机物分子式确定的计算；有机物实验式和分子式的确定．【分析】能与钠反应的有机物可能含有﹣OH、﹣COOH，或﹣OH和﹣COOH，能与NaHCO3溶液反应放出气体，有机物分子中含有﹣COOH；质量相等的有机物M，物质的量相等，设物质的量为1mol，计算生成气体物质的量，相同条件下物质的量之比等于体积之比，结合生成气体体积判断．【解答】解：A.2HCOOH～H2HCOOH～CO2，1mol0.5mol1mol1mol所以生成气体的体积不相等，故A错误；B．HOOC﹣COOH～H2HOOC﹣COOH～CO2，1mol1mol1mol2mol所以生成气体的体积不相等，故B错误；C．HO（CH2）2COOH～H2HO（CH2）2COOH～CO21mol1mol1mol1mol生成的气体体积相等，故C正确；D．HOC6H4OOCH不碳酸氢钠反应，故D错误；故选C．【点评】本题以化学计算为载体，考查官能团的结构性质，题目难度中等，注意掌握中学常见官能团的结构性质，试题培养了学生灵活应用基础知识的能力．15．下列关于的说法正确的是()A．所有原子可能都在同一平面上B．最多只可能有9个碳原子在同一平面C．有7个碳原子可能在同一直线D．只可能有5个碳原子在同一直线【考点】有机物的结构式．【专题】有机物分子组成通式的应用规律．【分析】根据甲烷的正四面体结构、乙烯平面结构、乙炔直线型、苯的平面结构分析，其它有机物的共线、共面可在此基础上进行判断．注意碳碳单键可以旋转．【解答】解：A、分子中存在甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能都在同一平面，故A错误；-28-\nB、甲基碳原子处于碳碳双键平面内，碳碳三键的直线结构处于苯环的平面内，碳碳双键平面与苯环平面，可以通过碳碳单键的旋转，使2个平面重合，所以最多有11个碳原子共面，最少有9个碳原子共面，故B错误；C、苯环是平面正六边形，两个基团处于苯环的对位位置，碳碳三键为直线结构，连接苯环的碳碳双键的碳原子处于苯中氢原子位置，所以有5个碳原子共线，如图所示5个碳原子，故C错误；D、苯环是平面正六边形，两个基团处于苯环的对位位置，碳碳三键为直线结构，连接苯环的碳碳双键的碳原子处于苯中氢原子位置，所以有5个碳原子共线，如图所示5个碳原子，故D正确．故选：D．【点评】考查原子共线、共面问题，难度中等，关键考查学生的空间想象能力，注意甲烷的正四面体结构、乙烯平面结构、乙炔直线型、苯的平面结构分析，其它有机物的共线、共面可在此基础上进行判断．注意碳碳单键可以旋转．16．与互为同分异构体，遇氯化铁溶液显紫色的有机物是()A．B．C．D．【考点】有机化合物的异构现象；有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】的同分异构体中，属于芳香族化合物，则含有1个苯环，且遇FeCl3溶液呈现紫色，分子中含有1个酚羟基，故还含有1个侧链为﹣CH3，据此解答．【解答】解：的同分异构体中，属于芳香族化合物，则含有1个苯环，且遇FeCl3溶液呈现紫色，分子中含有1个酚羟基，故还含有1个侧链为﹣CH3，甲基与酚羟基有邻、间、对三种，故选A．【点评】本题考查限制条件同分异构体的书写，难度不大，注意掌握官能团的性质，注意基础知识的理解掌握．17．某物质中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯四种物质中的一种或几种．在鉴定时有下列现象：①有银镜反应；②加入新制的Cu（OH）2悬浊液后未发现变澄清；③与含酚酞的NaOH溶液共热，红色逐渐消失．下列结论正确的是()A．有甲酸乙酯，可能有甲醇B．有甲酸乙酯和甲酸C．有甲酸乙酯和甲醇D．几种物质均存在【考点】有机物的鉴别．【专题】有机反应．【分析】①有银镜反应；说明分子结构中含有醛基；-28-\n②加入新制氢氧化铜悬浊液少许，未发现变澄清，沉淀不溶解，说明不含羧酸；③与含酚酞的氢氧化钠溶液共热，红色逐渐消失，说明和氢氧化钠反应．【解答】解：①有银镜反应，说明分子结构中含有醛基，含甲酸或甲酸乙酯或都有；②加入新制氢氧化铜悬浊液少许，未发现变澄清，沉淀不溶解，则说明不含羧酸，则没有甲酸；③与含酚酞的氢氧化钠溶液共热，红色逐渐消失，说明和氢氧化钠反应，而醇、醛不与NaOH反应，则一定含有甲酸乙酯，一定不存在甲酸，可能有甲醇，故选A．【点评】本题考查了有机物的鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握分子结构中官能团的特征性质是解题关键，熟悉醛、酯的性质即可解答，题目难度中等．18．下列各组物质中，互为同系物的是()A．B．C．硬脂酸与油酸D．甲醇与乙二醇【考点】芳香烃、烃基和同系物．【专题】同系物和同分异构体．【分析】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；互为同系物的物质满足以下特点：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同、物理性质不同，研究对象是有机物．【解答】解：A．前者为苯酚，后者为苯甲醇，二者结构不同，一定不属于同系物，故A错误；B．，二者都属于酚类，结构相似，分子间相差1个CH2原子团，所以二者互为同系物，故B正确；C．硬脂酸（CH3（CH2）16COOH）为饱和一元羧酸，而油酸的结构简式为：CH3（CH2）7CH═CH（CH2）7COOH，油酸的烃基中含有碳碳双键，二者结构不同，一定不属于同系物，故C错误；D．甲醇分子中含有1个羟基，乙二醇分子中含有2个羟基，二者含有的羟基数目不同，一定不属于同系物，故D错误；故选B．【点评】本题考查了同系物的判断，题目难度不大，注意掌握同系物的概念及判断方法，明确互为同系物的有机物分子一定具有相似结构：如果含有官能团，则含有的官能团的种类及数目一定相同．19．下列关系正确的是()A．熔点：戊烷＞2，2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞丙烷B．密度：CHCl3＞H2O＞己烷C．氢元素质量分数：甲烷＞乙烷＞乙烯＞乙炔＞苯-28-\nD．等质量物质完全燃烧耗O2量：苯＞环已烷＞已烷【考点】烷烃及其命名；饱和烃与不饱和烃．【分析】A、烷烃中碳原子个数越多，沸点越大，碳原子个数相同时，支链越多沸点越低；B、根据物质的物理性质知识分析；C、根据氢元素的百分含量来计算；D、同物质的量的烃CxHy燃烧耗O2量为x+来计算．【解答】解：A、烷烃中碳原子个数越多，沸点越大，所以戊烷＜2，2一二甲基戊烷，故A错误；B、根据物质的物理性质知识，可以知道：CHCl3＞H2O＞己烷，故B正确；C、最简式相同的有机物含氢量：乙炔=苯，故C错误；D、同物质的量的烃CxHy燃烧耗O2量为x+，所以环己烷＜己烷，故D错误．故选B．【点评】本题是一道综合考查题，考查学生烷烃的沸点比较规律、燃烧耗氧量规律、密度等知识，难度不大．20．下列化合物在1H﹣NMR中出现三组特征峰的是()A．2一甲基一2一丁烯B．3，3一二甲基一2一丁醇C．4一甲基苯酚D．2，3，4一三甲基戊烷【考点】常见有机化合物的结构．【分析】化合物的核磁共振氢谱中出现三组峰说明有机物中含有三种类型的氢原子，根据等效氢的判断方法来回答，等效氢应有以下三种情况：①同一碳原子上的氢原子等效；②同一碳原子的甲基上的氢原子等效；③关于镜面对称碳原子上的氢原子等效．【解答】解：出现三组特征峰，即有3种化学环境不同的H，A、2﹣甲基﹣2﹣丁烯存在三种H，故A正确；B、3，3一二甲基一2一丁醇存在四种H，故B错误；C、4一甲基苯酚存在四种H，故C错误；D、2，3，4﹣三甲基戊烷存在四种H，故D错误，故选A．【点评】本题考查学生有机物中等效氢原子的判断知识，可以根据所学知识进行回答，难度不大．21．下列化学方程式或离子方程式正的()A．乙酸与碳酸钠溶液反应的离子方程式：2H++CO32﹣═CO2↑+H2OB．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子方程式：2+H2O+CO2→2+CO32﹣C．丙烯聚合成聚丙烯的化学方程式：nCH2=CHCH3D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热的化学方程式：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O【考点】离子方程式的书写；化学方程式的书写．【分析】A．乙酸为弱电解质，离子方程式中不能拆开，应该保留分子式；B．苯酚的酸性大于碳酸氢根离子，二者反应生成苯酚和碳酸氢根离子；C．聚丙烯的结构简式错误，聚丙烯的主链上应该含有2个C；-28-\nD．乙醛分子中含有醛基，能够与银氨溶液发生银镜反应．【解答】解：A．乙酸与碳酸钠溶液反应，乙酸不能拆开，正确的离子方程式为：2CH3COOH+CO32﹣═CO2↑+H2O+2CH3COO﹣，故A错误；B．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳，反应生成苯酚和碳酸氢钠，正确的离子方程式为：+H2O+CO2→+HCO3﹣，故B错误；C．丙烯分子中含碳碳双键，可发生加聚反应生成聚丙烯，正确的化学方程式为：，故C错误；D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热的化学方程式为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，故D正确；故选D．【点评】本题考查了离子方程式、化学方程式的判断，为高考中的高频题，属于中等难度的试题，注意掌握离子方程式、化学方程式的书写原则，明确其正误判断常用方法：检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，如难溶物、弱电解质等需要保留化学式，检查是否符合原化学方程式等．22．有5种有机物：①②③④CH3﹣CH=CH﹣CN⑤CH2=CH﹣CH=CH2，其中可用于合成高分子材料（结构如图所示）的正确组合为()A．①②④B．①②⑤C．②④⑤D．③④⑤【考点】常用合成高分子材料的化学成分及其性能．【分析】解答此类题目，首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断，加聚产物的单体推断方法：（1）凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；（2）凡链节主链上只有四个碳原子（无其它原子）且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合即可；（3）凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换．【解答】-28-\n解：该高聚物链节主链不含杂原子，属于加聚反应生成的高聚物，链节主链上存在碳碳双键结构，有8个碳原子，且中间含有1个碳碳双键，其单体必为3种，按如图所示划线断开，在将双键中的1个C﹣C打开，然后将半键闭合即可的该高聚物单体是：CH3﹣CH=CH﹣CN、CH2=CH﹣CH=CH2、，即：③④⑤，故选D．【点评】本题主要考查不饱和烃加聚反应的规律，题目难度中等，注意掌握根据高聚物判断其单体的方法，明确加成反应原理为解答关键，试题培养了学生灵活应用能力．23．一些中草药中常存在下列四种香豆素类化合物，有关说法正确的是()A．七叶内酯与东莨菪内酯互为同系物B．四种化合物含有的官能团种类完全相同C．它们都能使溴的四氯化碳溶液褪色D．1mol上述四种物质与足量氢氧化钠溶液反应，消耗氢氧化钠最多的是亮菌甲素【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．七叶内酯与东莨菪内酯含有的官能团不同；B．根据有机物含有的官能团判断；C．都含有C=C，可与溴发生加成反应；D．能与NaOH反应的官能团为酚羟基和酯基，结合酯基的水解产物判断．【解答】解：A．七叶内酯含有2个酚羟基，而东莨菪内酯含有1个酚羟基，含有的官能团的数目不同，不是同系物，故A错误；B．七叶内酯含有酚羟基、C=C和酯基；亮菌甲素含有酚羟基、酯基、醇羟基、C=C和﹣O﹣；东莨菪内酯含有酚羟基、酯基、C=C和﹣O﹣；蛇床子素含有﹣O﹣、C=C和酯基，四种化合物含有的官能团种类不完全相同，故B错误；C．都含有C=C，可与溴发生加成反应，故C正确；D．七叶内酯可与4molNaOH反应，亮菌甲素可与3molNaOH反应，东莨菪内酯可与3molNaOH反应，蛇床子素可与2molNaOH反应，则消耗氢氧化钠最多的是七叶内酯，故D错误．故选C．【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，本题注意把握有机物的官能团的种类、数目和性质，为解答该题的关键．24．把有机物的混合物在一定条件下反应：①1，3一丁二烯与溴水的加成产物，②乙二醇与乙酸酯化得酯，③甘氨酸与丙氨酸生成二肽，④苯酚和浓溴水．反应所生成的有机物的种类由多到少的顺序是()A．④③②①B．①②③④C．③①②④D．③②①④-28-\n【考点】有机化合物的异构现象．【分析】①1，3一丁二烯与溴水的加成产物，可以是1，2加成和1，4加成；②乙二醇分子中含有两个羟基，可以生成含有1个酯基和2个酯基的酯；③氨基酸中氨基和羧基去掉一分子水形成肽键；④苯酚与浓溴水生成三溴苯酚1种有机物．【解答】解：①1，3一丁二烯与溴水的加成产物可以是1，2﹣加成和1，4﹣加成以及全部加成，共有3种产物；②乙二醇与乙酸反应得酯，二者可生成2种酯，含有1个酯基和2个酯基的酯；③氨基乙酸和氨基丙酸生成二肽，可以生成甘甘二肽、甘丙二肽、丙丙二肽、丙甘二肽四种二肽；④苯酚和浓溴水反应，生成产物只有一种，三溴苯酚；所以所生成的有机物的种类由多到少的顺序是③①②④，故选C．【点评】本题考查了有机反应产物种类的判断，题目难度不大，明确反应的原理是解题关键，注意肽键的形成过程．25．分子式为C10H14的芳香烃，在它的分子中只有一个烷基，它与液溴在催化剂存在的条件下反应，生成苯环上的一溴代物的结构有12种，则此烷基的结构有()A．2种B．3种C．4种D．5种【考点】有机化合物的异构现象．【分析】除去苯环，剩余4个碳，即存在的烷基为丁基，它与液溴在催化剂存在的条件下反应，生成苯环上的一溴代物的结构有12种，苯环上有2种取代基时，可以是邻间对三种位置关系，据此判断即可．【解答】解：生成苯环上的一溴代物的结构有12种，即苯环上含有Br原子和丁基，当苯环上有2种取代基时，可以是邻、间、对三种位置关系，故烷基的结构有12÷3=4种，故选C．【点评】本题主要考查的是同分异构体的判断，当苯环上有2个取代基时，有邻间对三种位置关系，此为解决本题的关键，难度不大．二、填空题（共26分）26．有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得如图B、C、D和E四种物质．请回答下列问题：（1）在A～E五种物质中，互为同分异构体的是C和E（填代号）．（2）写出下列反应的化学方程式和反应类型A→B：，反应类型：氧化反应-28-\nA→D：+HCOOH+H2O，反应类型：酯化反应或取代反应（3）上述分子中既能发生银镜反应，又能发生水解反应的物质是C（填序号）．（4）C通过加聚反应能形成高聚物，该高聚物的结构简式为．【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【分析】（1）具有相同分子式、不同结构的有机物互为同分异构体，据此进行判断；（2）A→B：A中含有﹣HO，可被氧化为﹣CHO，据此写出反应的化学方程式；A→D：与HCOOH发生酯化反应生成D，据此写出反应方程式；（3）上述分子中既能发生银镜反应，又能发生水解反应，该物质分子中含有醛基和酯基；（4）C中含有C=C，可发生加聚反应生成高聚物．【解答】解：（1）对比以上五种物质，C和E的分子式相同，都为C9H8O2，但结构不同，属于同分异构体，故答案为：C和E；（2）A→B：A中含有﹣HO，可被氧化为﹣CHO，反应的方程式为；A→D：与HCOOH发生酯化反应生成D，反应方程式为：+HCOOH+H2O，该反应为酯化反应或取代反应，故答案为：；氧化反应；+HCOOH+H2O；酯化反应或取代反应；-28-\n（3）上述分子中既能发生银镜反应，又能发生水解反应，该物质分子中含有醛基和酯基，满足条件的为C，故答案为：C；（4）C中含有C=C，可发生加聚反应，该反应的方程式为：，生成高聚物的结构简式为：，故答案为：．【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，解答本题一定要注意官能团的变化，结合官能团的性质判断有机物可能具有的性质，试题侧重考查学生的分析、理解能力及灵活应用能力．27．（14分）如图中A、B、C、D、E均为有机化合物．已知：C能跟NaHCO3发生反应，C和D的相对分子质量相等，E的分子式为C5H10O2，且E为无支链的化合物．根据图回答问题：（1）化合物B不能发生的反应是e（填字母序号）：a加成反应b取代反应c消去反应d酯化反应e水解反应f置换反应（2）反应②的化学方程式是CH3COOH+CH3CH2CH2OHCH3COOCH2CH2CH3+H2O．（3）反应②实验中加热的目的是：Ⅰ、加快反应速率．；Ⅱ、及时将产物乙酸丙酯蒸出，以利于平向生成乙酸丙酯的方向移动．．（4）A的结构简式是或．（5）同时符合下列三个条件的B的同分异构体的数目有4个；Ⅰ．含有间二取代苯环结构Ⅱ．属于非芳香酸酯Ⅲ．与FeCl3溶液发生显色反应．写出其中任意个同分异构体的结构简式（任意两个）．-28-\n【考点】有机物的推断．【分析】C能跟NaHCO3发生反应，说明C含有羧基，C和D的相对分子质量相等，E的分子式为C5H10O2，且E为无支链的化合物，E为CH3COOCH2CH2CH3，C为CH3COOH、D为CH3CH2CH2OH，A水解然后酸化得到B、乙酸和丙醇，则A结构简式为或，再结合题目分析解答．【解答】解：C能跟NaHCO3发生反应，说明C含有羧基，C和D的相对分子质量相等，E的分子式为C5H10O2，且E为无支链的化合物，E为CH3COOCH2CH2CH3，C为CH3COOH、D为CH3CH2CH2OH，A水解然后酸化得到B、乙酸和丙醇，则A结构简式为或，（1）中含有醇羟基、羧基和苯环，具有醇、羧酸和苯的性质，能发生加成反应、氧化反应、取代反应、酯化反应、消去反应、置换反应，因为不含氯原子或酯基，所以不能发生水解反应，故选e；（2）丙醇和乙酸发生酯化反应生成乙酸丙酯，反应方程式为CH3COOH+CH3CH2CH2OHCH3COOCH2CH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2CH2OHCH3COOCH2CH2CH3+H2O；（3）有机反应速率较慢，加热能加快反应速率；且加热能及时将乙酸丙酯蒸出而促进平衡向生成乙酸丙酯的方向移动，故答案为：①加快反应速率；②及时将产物乙酸丙酯蒸出，以利于平向生成乙酸丙酯的方向移动；-28-\n（4）通过以上分析知，A的结构简式为或，故答案为：或；（5）B的同分异构体符合下列条件：Ⅰ．含有间二取代苯环结构；Ⅱ．属于非芳香酸酯，说明不是苯酸形成的酯；Ⅲ．与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，反应条件的同分异构体有，所以有4种符合条件的，故答案为：4；．【点评】本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，正确判断E结构简式是解本题关键，采用逆向思维方法进行推断，难点是（5）题同分异构体种类判断．三、实验题（共15分）28．下列实验操作不正确的是ACDG．A．在催化剂存在的条件下，苯和溴水发生反应可生成无色、比水重的液体溴苯B．将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，完成乙醇氧化为乙醛的实验C．醇中含有少量水可加入硫酸铜再蒸馏制得无水乙醇D．试管中先加入一定量浓硫酸，再依次加入适量冰醋酸、无水乙醇，然后加热制乙酸乙酯E．实验室制取乙烯时，放入几片碎瓷片，以避免混合液在受热沸腾时剧烈跳动F．配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴入硝酸银溶液中，产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止G．验证溴乙烷水解产物时，将溴乙烷和氢氧化钠溶液混合，充分振荡溶液、静置、待液体分层后，滴加硝酸银溶液H．向淀粉溶液中加入唾液后，水浴加热充分反应后，加入银氨溶液再水浴加热，会有光亮的银镜出现．【考点】化学实验方案的评价．【分析】A．在催化剂存在的条件下，苯和液溴发生取代反应，和溴水不反应；-28-\nB．在加热条件下，Cu被氧化生成CuO，乙醇和CuO发生氧化反应生成乙醛；C．醇中含有少量水可加入碱石灰再蒸馏制得无水乙醇；D．制取乙酸乙酯时，浓硫酸在乙醇之后加入；E．碎瓷片可以防止暴沸；F．配制银氨溶液时，将氨水滴到硝酸银中，生成沉淀恰好溶解即可；G．验证溴乙烷水解产物时，在滴加硝酸银溶液之前要滴加稀硝酸中和未反应的碱；H．淀粉在唾液淀粉酶的作用下水解生成葡萄糖，葡萄糖能和银氨溶液发生银镜反应．【解答】解：A．苯和溴水不反应但苯能萃取溴水中的溴，在催化剂作用下苯、液溴反应生成溴苯，故A错误；B．将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，生成CuO，CuO氧化乙醇生成乙醛，故B正确；C．醇中含有少量水可加入生石灰，加生石灰增大沸点差异，蒸馏得到乙醇，故C错误；D．制备乙酸乙酯，先加乙醇，再加浓硫酸，最后加冰醋酸，试剂的加入顺序不合理，故D错误；E．放入几片碎瓷片，防止暴沸，以避免混合液在受热沸腾时剧烈跳动，实验操作合理，故E正确；F．配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴入硝酸银溶液中，产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止，此时溶液即为银氨溶液，故F正确；G．溴乙烷和氢氧化钠溶液混合加热，水解后显碱性，检验溴离子应在酸性条件下，应水解后加酸至酸性，再滴加硝酸银溶液，故G错误；H．淀粉在唾液淀粉酶的作用下水解生成葡萄糖，在加热条件下，葡萄糖能和银氨溶液发生银镜反应，故H正确，故答案为：A、C、D、G．【点评】本题考查化学实验方案评价，为高频考点，明确实验原理及基本操作规范性是解本题关键，注意从实验的规范性及评价性分析判断，易错选项是DH，注意D中试剂滴加顺序，注意H中不用加NaOH溶液，题目难度不大．29．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1），以环己醇制备环己烯．已知：密度（g/cm3）熔点（℃）沸点（℃）溶解性环己醇0.9625161能溶于水环己烯0.81﹣10383难溶于水-28-\n（1）制备粗品将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入1mL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品．①A中碎瓷片的作用是防止暴沸，导管B除了导气外还具有的作用是冷凝．②试管C置于冰水浴中的目的是进一步冷却，防止环己烯挥发．（2）制备精品①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在上层层（填“上”或“下”），分液后用c（填选项字母）洗涤．a．KMnO4溶液b．稀硫酸c．Na2CO3溶液②再将环己烯按如图2装置蒸馏，冷却水从g口进入．蒸馏时要加入生石灰，目的是除去了残留的水．③收集产品时，控制的温度应在83℃左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是c（填选项字母）．a．蒸馏时从70℃开始收集产品b．环己醇实际用量多了c．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是bc（填选项字母）．a．用酸性高锰酸钾溶液b．用金属钠c．测定沸点．【考点】制备实验方案的设计．【分析】（1）①根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝；②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化．（2）①环己烯不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；②为了使冷凝的效果更好，冷却水从冷凝管的下口进入，上口出；生石灰能与水反应生成氢氧化钙；③根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃；a、若提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量；b、制取的环己烯物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量；c、粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量；（3）根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，据此可判断产品的纯度．【解答】解：（1）①根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝，故答案为：防止暴沸；冷凝；②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化，故答案为：进一步冷却，防止环己烯挥发；（2）①环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，振荡、静置、分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，联想：制备乙酸乙酯提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸，故答案为：上层；c；-28-\n②为了使冷凝的效果更好，冷却水从冷凝管的下口即g口进入；生石灰能与水反应生成氢氧化钙，除去了残留的水，得到纯净的环己烯；故答案为：g；除去了残留的水；③根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃，故收集产品应控制温度在83℃左右；a、蒸馏时从70℃开始收集产品，提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量，故a错误；b、环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量，故b错误；c、若粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量，故c正确，故选c；故答案为：83℃；c；（3）区别粗品与精品可加入金属钠，观察是否有气体产生，若无气体，则是精品，另外根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，通过测定环己烯粗品和环己烯精品的沸点，也可判断产品的纯度，故答案为：bc．【点评】本题考查了以环己醇制备环己烯的实验方法，综合考查了物质的分离方法，冷凝，产量的分析等，难度适中，考查学生解决实际问题的能力．四、计算题（共9分）30．根据学到的研究有机化合物的方法，对有机物A的组成、结构、性质进行观察、分析，得实验结果如下：①有机物A经李比希法分析知：含碳77.8%，氢为7.40%，其余为氧；②质谱法分析A得知其相对分子质量为甲烷的6.75倍；③红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；④A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用．求：（1）该有机物的分子式．（2）确定该有机物所有可能的结构简式，并分别写出与足量浓溴水反应的化学方程式．【考点】有关有机物分子式确定的计算．【专题】计算题．【分析】（1）A的相对分子质量为甲烷的6.75倍，则A的相对分子质量为16×6.75=108，根据各元素的质量分数计算分子中C、H、O原子数目，确定A的分子式；（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，结合A的分子式确定A的结构简式，进而书写方程式．【解答】解：（1）已知：Mr（A）=6.75×Mr（CH4）=16×6.75=108，则有：N（C）==7N（H）=108×7.4%=8N（O）==1所以，A的分子式为C7H8O，-28-\n答：A的分子式为C7H8O．（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，由A的分子式可知还含有1个甲基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，则羟基与甲基处于邻位或对位，故A的结构简式为：或，与足量浓溴水反应的化学方程式为，答：A的结构简式为：或，与足量浓溴水反应的化学方程式为．【点评】本题考查有机物分子式与结构式的确定，难度不大，注意溴与酚发生取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置．-28-