湖北省重点高中协作体2022学年高二化学下学期期中试题a含解析

2022-2022学年湖北省重点高中协作体高二（下）期中化学试卷（A）一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．下列叙述中不正确的是()A．油脂属于酯类B．糖类、油脂、蛋白质都是高分子化合物C．煤的干馏产物中含有芳香烃D．质量相等的乙烯和丙烯完全燃烧消耗的氧气的物质的量相同2．某烃与氢气加成后得到2，2﹣二甲基丁烷，该烃的名称是()A．3，3﹣二甲基﹣1﹣丁炔B．2，2﹣二甲基﹣2﹣丁烯C．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁烯D．3，3﹣二甲基﹣1﹣丁烯3．下列各组物质不属于同分异构体的是()A．2，2﹣二甲基丙醇和2﹣甲基丁醇B．邻氯甲苯和对氯甲苯C．2﹣甲基丁烷和戊烷D．甲基丙烯酸和甲酸丙酯4．如表为某有机物与各种试剂的反应现象，则这种有机物可能是()试剂钠溴水NaHCO3溶液现象放出气体褪色放出气体A．CH2═CH﹣CH2﹣OHB．C．CH2═CH﹣COOHD．CH3COOH5．已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中不正确的是()A．由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键B．由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同的氢原子C．仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数D．若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3﹣O﹣CH36．设NA为阿伏伽德罗常数，下列有关说法不正确的是()A．2.8g乙烯和丙烯的混合物中所含电子总数为1.6NA-24-\nB．0.1L0.1mol/L的甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应提供的电子数为0.02NAC．0.1摩尔C10H22所含共价键的数目为3.1NAD．1.7g羟基所含电子数为0.9NA7．由乙炔为原料制取CHClBr﹣CH2Br，下列方法中最可行的是()A．先与HBr加成后再与HCl加成B．先与H2完全加成后再与Cl2、Br2取代C．先与HCl加成后再与Br2加成D．先与Cl2加成后再与HBr加成8．只用一种试剂，区别甲苯、四氯化碳、已烯、水四种无色液体，应选用()A．酸性KMnO4溶液B．溴水C．乙醇D．硝酸银溶液9．下列对有机物结构或性质的描述，错误的是()A．一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反应B．聚乙烯、聚乙炔都不能使酸性高锰酸钾褪色C．乙烷和丙烯的物质的量共1mol，完全燃烧生成3molH2OD．光照下2，2﹣二甲基丙烷与Br2反应，其中一溴取代物只有一种10．由两种气态烃组成的混合物，体积为10ml．与过量的氧气混合再充分燃烧，将生成物通过浓H2SO4气体体积减少15ml，再通过碱石灰气体体积又减少20ml（气体体积均为同温同压下）．混合烃的组成可能为()A．C2H4和C2H2B．C2H6和C2H4C．CH4和C3H4D．C4H10和C2H411．下列反应产物中，一定不存在同分异构体的反应是()A．异戊二烯（）与等物质的量的Br2发生加成反应B．丁烷与氯气光照条件下生成的一氯代物C．甲苯在一定条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反应D．2﹣丁烯与水的加成反应12．下列实验的失败原因可能是因为缺少必要的实验步骤造成的是：()①将乙醇和乙酸混合，再加入稀硫酸共热制乙酸乙酯②实验室用无水乙醇和浓硫酸共热到140℃制乙烯③验证某RX是碘代烷，把RX与烧碱水溶液混合加热后，将溶液冷却后再加入硝酸银溶液未出现黄色沉淀④做醛的还原性实验时，当加入新制的氢氧化铜悬浊液后，未出现红色沉淀．A．①④B．①③④C．③④D．④13．下列各组有机物的混合物，只有总质量一定，无论按何比例混合，完全燃烧后生成CO2和H2O都不是恒量的是()A．C2H4O、C4H8O2B．C2H4、C3H6C．C10H8、C9H20D．C3H8O3、C7H8-24-\n14．现有烃的含氧衍生物A，还原A时得醇B，氧化A时得C，由B、C反应可生成高分子化合物，其结构简式为，以下叙述错误的是()A．A属于醛类B．A有相对分子质量为58C．A分子中有6个原子含C40%D．1molA与足量银氨溶液反应还原出4molAg15．某有机物A由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为90．将9.0gA完全燃烧的产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g和13.2g．A能与NaHCO3溶液反应，且2分子A之间脱水可生成六元环化合物．有关A的说法正确的是()A．0.1molA与足量Na反应产生2.24LH2（标准状况）B．分子式是C3H8O3C．A催化氧化的产物能发生银镜反应D．A在一定条件下发生缩聚反应的产物是：16．某分子式为C12H24O2的酯，在一定条件下可发生如图所示的转化：则符合上述条件的酯的结构可能有()A．6种B．7种C．8种D．9种二、解答题（共5小题，满分52分）17．（1）某气态有机物X含C、H、O三种元素，已知下列条件，现欲确定X的分子式，所需的条件最佳组合是__________．（填相应的数字序号）①X中含碳质量分数②X中含氢质量分数③X在标准状况下的体积④质谱确定X的相对分子质量⑤X的质量．（2）将6g某有机物A完全燃烧，生成CO2和H2O，将产物通过浓H2SO4增重7.2g，再通过碱石灰，碱石灰增重13.2g．则该有机物的实验式为__________．（3）科学家最近在﹣100℃的低温下合成了一种烃X，其分子式为C5H4，红外光谱和核磁共振氢谱表明其分子中的氢原子所处的化学环境没有区别，则该分子的结构简式为__________．-24-\n18．有机物A～F存在如下转变关系，化合物A与氯化铁溶液发生显色反应，完全燃烧只生成二氧化碳和水，其相对分子质量不超过110．A与浓硝酸反应得到的一硝基代物只有两种，F是芳香化合物．请回答下列问题：（1）指出①、②两步的反应类型：①__________；②__________．（2）写出化合物C的结构简式：C__________．（3）写出发生下列转化的化学方程式：C→D__________；B+E→F__________．19．（14分）溴乙烷是一种重要的有机化工原料，其沸点为38.4℃．制备溴乙烷的一种方法是乙醇与氢溴酸反应．（1）该反应的化学方程式是__________．实际通常是用溴化钠与一定浓度的硫酸和乙醇反应．某课外小组欲在实验室制备溴乙烷的装置如图，实验操作步骤如下：①检查装置的气密性；②在圆底烧瓶中加入95%乙醇、80%硫酸，然后加入研细的溴化钠粉末和几粒碎瓷片；③小心加热，使其充分反应最终得到产物21.8g．已知反应物的用量：0.3molNaBr（s）；0.25mol乙醇（密度为0.80g•mL﹣1）；36mL硫酸．请回答下列问题．（2）A是冷凝管，起着冷凝回流乙醇的作用，则冷凝水从__________（填“上口”或“下口”）进．（3）反应时若温度过高，则有SO2生成，同时观察到还有一种红棕色气体产生，产生这一现象的化学方程式为__________．反应结束后，得到的粗产品呈棕黄色．为了除去粗产品中的杂质，可选择下列试剂中的__________（填写上正确选项的字母）．a、饱和食盐水b、稀氢氧化钠溶液c、乙醇d、四氯化碳（4）为了检验溴乙烷中含有溴元素，通常采用的方法是取少量溴乙烷，然后__________（按实验的操作顺序选填下列序号）．①加热②加入AgNO3溶液③加入稀硝酸酸化④加入NaOH溶液若溴乙烷的密度为ag/cm3，检验过程中用了bmL溴乙烷，得到cg沉淀，则溴乙烷的相对分子质量M为__________（列出计算式）．（5）本实验制取溴乙烷的产率为__________．20．A、B、C、D四种芳香族化合物都是某些植物挥发油中的主要成分，有的是药物，有的是香料．它们的结构简式如图1所示：-24-\n回答下列问题：（1）写出图1B中的含氧官能团的名称__________．（2）既能使FeCl3溶液显紫色又能和溴的四氯化碳反应的是__________（用A、B、C、D填空）．（3）按图2，C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则F的结构简式为__________．（4）同时符合下列两项要求的D的同分异构体有4种：①化合物是1，2﹣二取代苯②苯环上的两个取代基分别为羟基和含有﹣COO﹣结构的基团．其中两种（G和H）结构简式如图所示，请补充另外两种．，，__________．（5）写出H与足量NaOH溶液共热反应的化学方程式__________．21．上海世博会英国馆﹣﹣种子圣殿，由六万多根透明的亚克力[其分子式是（C5H8O2）]杆构建而成．某同学从提供的原料库中选择一种原料X，设计合成高分子亚克力的路线如图所示：原料库：已知：①不易被氧化成羧酸-24-\n②不易被氧化成醛或酮③（R、R′、R″表示羟基）请回答：（1）原料X是__________（选填序号字母）．（2）②的反应条件是__________，D的结构简式为__________．（3）反应⑧的化学方程式是__________．（4）A的同类的同分异构体共有__________种．（5）某同学以丙烯为原料设计了合成中间体D的路线：丙烯…→D，得到D的同时也得到了另一种有机副产物M，请你预测M可能的结构简式是__________．-24-\n2022-2022学年湖北省重点高中协作体高二（下）期中化学试卷（A）一、选择题（共16小题，每小题3分，满分48分）1．下列叙述中不正确的是()A．油脂属于酯类B．糖类、油脂、蛋白质都是高分子化合物C．煤的干馏产物中含有芳香烃D．质量相等的乙烯和丙烯完全燃烧消耗的氧气的物质的量相同【考点】油脂的性质、组成与结构；化学方程式的有关计算；煤的干馏和综合利用；有机高分子化合物的结构和性质．【分析】A．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯；B．油脂不属于高分子化合物；C．煤的干馏产物含有苯、甲苯、二甲苯；D．乙烯和丙烯的最简式相同．【解答】解：A．油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，油脂属于酯，故A正确；B．糖类中的单糖、二糖、油脂相对分子质量在10000以下，不属于高分子化合物，而蛋白质为高分子化合物，故B错误；C．煤通过干馏可以分解出苯、甲苯、二甲苯等芳香烃，故C正确；D．乙烯和丙烯的最简式相同，故完全燃烧消耗的氧气的质量相等，故D正确．故选B．【点评】本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团与性质的关系即可解答，熟悉有机物的燃烧反应为解答的关键，题目难度不大．2．某烃与氢气加成后得到2，2﹣二甲基丁烷，该烃的名称是()A．3，3﹣二甲基﹣1﹣丁炔B．2，2﹣二甲基﹣2﹣丁烯C．2，2﹣二甲基﹣1﹣丁烯D．3，3﹣二甲基﹣1﹣丁烯【考点】有机化合物命名．【专题】有机化学基础．【分析】根据烯的加成原理，双键中的一个键断开，结合H原子，生成2，2﹣二甲基丁烷，采取倒推法相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，即得到烯烃．【解答】解：2，2﹣二甲基丁烷的碳链结构为，2，2﹣二甲基丁烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，从而得到烯烃；根据2，2﹣二甲基丁烷的碳链结构，可知相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键只有一种情况，所以该烯烃的碳链结构为，该烯烃的名称为3，3﹣二甲基﹣1﹣丁烯，若含三键，则为3，3﹣二甲基﹣1﹣丁炔．故选AD．【点评】本题考查根据烷烃判断相应的烯烃，难度较大，会根据烷烃结构去掉相邻氢原子形成碳碳双键，注意不能重写、漏写．-24-\n3．下列各组物质不属于同分异构体的是()A．2，2﹣二甲基丙醇和2﹣甲基丁醇B．邻氯甲苯和对氯甲苯C．2﹣甲基丁烷和戊烷D．甲基丙烯酸和甲酸丙酯【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】分子式相同，结构不同的化合物互为同分异构体．据此判断．【解答】解：A、2，2﹣二甲基丙醇和2﹣甲基丁醇，分子式相同，含有相同数目的羟基，结构不同，互为同分异构体，故A正确；B、邻氯甲苯和对氯甲苯，分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故B正确；C、2﹣甲基丁烷和戊烷，分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故C正确；D、甲基丙烯酸和甲酸丙酯，分子式不同，不是同分异构体，故D错误．故选D．【点评】本题考查同分异构体的概念与区别，难度不大，关键根据名称写出分子式进行判断．4．如表为某有机物与各种试剂的反应现象，则这种有机物可能是()试剂钠溴水NaHCO3溶液现象放出气体褪色放出气体A．CH2═CH﹣CH2﹣OHB．C．CH2═CH﹣COOHD．CH3COOH【考点】有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】由现象可知，与NaHCO3溶液反应生成气体，则一定含﹣COOH，而与溴水反应褪色，则可能含C=C或C≡C等，以此来解答．【解答】解：由现象可知，与NaHCO3溶液反应生成气体，则一定含﹣COOH，而与溴水反应褪色，则可能含C=C或C≡C等，A．不含﹣COOH，不与NaHCO3溶液反应，故A不选；B．不含﹣COOH，不与NaHCO3溶液反应，故B不选；C．含C=C、﹣COOH，符合上述反应现象，故C选；D．不含C=C，不能与溴水反应，故D不选；故选C．【点评】本题考查有机物的结构与性质及推断，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、羧酸性质的考查，注意﹣OH不能与NaHCO3反应，题目难度不大．5．已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中不正确的是()-24-\nA．由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键B．由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同的氢原子C．仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数D．若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3﹣O﹣CH3【考点】有机物的结构式．【专题】有机物分子组成通式的应用规律．【分析】A．由红外光谱可知，该有机物中C﹣H、C﹣O、O﹣H三种化学键；B、核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子，峰的面积之比等于H原子数目之比；C、核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子，只能确定H原子种类；D、由红外光谱可知分子中含有C﹣H键、C﹣O键、O﹣H键结合分子得出结构简式．【解答】解：A．红外光谱可知分子中至少含有C﹣H键、C﹣O键、O﹣H键三种不同的化学键，故A正确；B．核磁共振氢谱中有3个峰说明分子中3种H原子，故B正确；C．核磁共振氢谱中只能确定H原子种类，不能确定氢原子总数，故C正确；D．若A的化学式为C2H60，CH3﹣O﹣CH3中只有一种氢原子，所以其吸收峰个数应该是1，与图象不符合，故D错误；故选D．【点评】本题考查学生对红外光谱和核磁共振氢谱的简单识图，难度较小，注意核磁共振氢谱只能确定H原子种类，峰的面积之比等于H原子数目之比．6．设NA为阿伏伽德罗常数，下列有关说法不正确的是()A．2.8g乙烯和丙烯的混合物中所含电子总数为1.6NAB．0.1L0.1mol/L的甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应提供的电子数为0.02NAC．0.1摩尔C10H22所含共价键的数目为3.1NAD．1.7g羟基所含电子数为0.9NA【考点】阿伏加德罗常数．【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．【分析】A．乙烯和丙烯的最简式都是CH2，计算；B．1mol甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应转移的电子数为4mol；C．C10H22中含有31个共价键；D．羟基所含电子数为9．【解答】解：A．乙烯和丙烯的最简式都是CH2，2.8gCH2中含有的电子数为：=1.6mol，即1.6NA，故A正确；-24-\nB．甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应转移的电子数为4，故0.1L0.1mol/L的甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应提供的电子数为0.04NA，故B错误；C．C10H22中含有31个共价键；故0.1摩尔C10H22所含共价键的数目为31×0.1=3.1NA，故C正确；D．羟基所含电子数为9，1.7g羟基的物质的量==0.1mol，故1.7g羟基所含电子数为9×0.1=0.9NA，故D正确；故选B．【点评】本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，难度中等．注意1mol甲醛溶液和足量的碱性新制氢氧化铜悬浊液反应转移的电子数为4mol．7．由乙炔为原料制取CHClBr﹣CH2Br，下列方法中最可行的是()A．先与HBr加成后再与HCl加成B．先与H2完全加成后再与Cl2、Br2取代C．先与HCl加成后再与Br2加成D．先与Cl2加成后再与HBr加成【考点】取代反应与加成反应．【分析】由乙炔CH≡CH制CH2Br﹣CHBrCl，分子中在乙炔的基础又增加了一个H、两个Br、一个Cl，这四个原子只能以HCl和Br2形式发生加成反应．【解答】解：由乙炔CH≡CH制CH2Br﹣CHBrCl，分子中在乙炔的基础又增加了一个H、两个Br、一个Cl，且两个溴原子分别在不同的C上，这四个原子只能以HCl和Br2形式发生加成反应，故A、B、D不符合，C符合．故选C．【点评】本题以有机合成为载体，考查炔烃的性质，难度不大，注意基础知识的掌握，注意根据分子组成分析．8．只用一种试剂，区别甲苯、四氯化碳、已烯、水四种无色液体，应选用()A．酸性KMnO4溶液B．溴水C．乙醇D．硝酸银溶液【考点】有机物的鉴别．【分析】四氯化碳不溶于水，密度比水大，己烯可与溴水发生加成反应，与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，甲苯不溶于水，密度比水小，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，以此解答该题．【解答】解：A．甲苯、已烯都可被酸性高锰酸钾氧化，不能鉴别，故A错误；B．四氯化碳中加入溴水发生萃取，有色层在下层；己烯中加入溴水褪色；甲苯中加入溴水发生萃取，有色层在上层，水加入溴水中没有明显现象，但颜色变浅，可鉴别，故B正确；C．加入乙醇，与四种物质都不反应，不能鉴别，故C错误；D．加入硝酸银，不能鉴别，甲苯、已烯，故D错误．故选B．【点评】本题考查有机物的鉴别，侧重于考查学生的分析能力和综合运用化学知识的能力，有利于培养学生的科学素养，难度不大，注意把握物质的性质的差异性．9．下列对有机物结构或性质的描述，错误的是()A．一定条件下，Cl2可在甲苯的苯环或侧链上发生取代反应-24-\nB．聚乙烯、聚乙炔都不能使酸性高锰酸钾褪色C．乙烷和丙烯的物质的量共1mol，完全燃烧生成3molH2OD．光照下2，2﹣二甲基丙烷与Br2反应，其中一溴取代物只有一种【考点】有机物的结构和性质．【分析】A．甲苯中甲基、苯环都可被取代，但条件不同；B．聚乙炔含有碳碳双键；C．乙烷和丙烯的分子式分别为C2H6、C3H6，含H原子数相同；D．根据2，2﹣二甲基丙烷中氢原子的种类判断．【解答】解：A．甲苯中甲基，甲基可在光照条件下与氯气发生取代反应，在催化作用下，苯环可被取代，故A正确；B．聚乙炔含有碳碳双键，可使酸性高锰酸钾褪色，故B错误；C．乙烷和丙烯的分子式分别为C2H6、C3H6，含H原子数相同，都为6，则乙烷和丙烯的物质的量共1mol，完全燃烧生成3molH2O，故C正确；D.2，2﹣二甲基丙烷中氢原子只有一种，所以一溴取代物只有一种，故D正确．故选B．【点评】本题综合考查有机物的组成、结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，主要把握常见有机物的组成、结构和官能团的性质，难度不大．10．由两种气态烃组成的混合物，体积为10ml．与过量的氧气混合再充分燃烧，将生成物通过浓H2SO4气体体积减少15ml，再通过碱石灰气体体积又减少20ml（气体体积均为同温同压下）．混合烃的组成可能为()A．C2H4和C2H2B．C2H6和C2H4C．CH4和C3H4D．C4H10和C2H4【考点】有关混合物反应的计算．【专题】烃及其衍生物的燃烧规律．【分析】浓硫酸吸收的是水蒸气，碱石灰吸收的是二氧化碳，令烃的平均组成为CxHy，根据体积之比等于物质的量之比计算平均分子式，据此判断．【解答】解：通过浓硫酸体积减少为烃燃烧生成的水蒸气，通过碱石灰体积减少为烃燃烧生成的二氧化碳，10mL该烃完全燃烧生成：二氧化碳20mL、水蒸气15mL，令烃的平均组成为CxHy，则：根据C原子守恒有：10x=20，故x=2，根据H原子守恒有：10y=15×2，故y=3，故该烃的平均组成为C2H3，根据H原子平均数可知，该烃一定还含有C2H2，根据C原子平均数可知，该烃一定含有C2H4，故该烃为C2H4、C2H2组成的混合物；故选A．【点评】考查有机物组成的确定、混合物的有关计算等，难度中等，注意利用平均分子组成判断烃的组成，常用方法有1、平均碳法2、平均氢法3、平均碳氢分子式法4、平均式量法．11．下列反应产物中，一定不存在同分异构体的反应是()A．异戊二烯（）与等物质的量的Br2发生加成反应B．丁烷与氯气光照条件下生成的一氯代物C．甲苯在一定条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反应-24-\nD．2﹣丁烯与水的加成反应【考点】同分异构现象和同分异构体．【分析】A、根据二烯烃与溴可发生1，2﹣加成或1，4﹣加成来判断；B、丁烷与氯气光照条件下反应，可以生产1﹣氯丁烷、2﹣氯丁烷；C、苯环上的两种取代基有邻、间、对三种不同位置；D、2﹣丁烯与水的加成反应生成2﹣丁醇一种有机物．【解答】解：A、异戊二烯与溴可发生1，2﹣加成或1，4﹣加成两种物质，则存在同分异构体，故A错误；B、丁烷与氯气光照条件下反应，可以生产1﹣氯丁烷、2﹣氯丁烷，则存在同分异构体，故B错误；C、甲苯在一定条件下发生硝化生成一硝基甲苯的反应，可生成邻﹣硝基甲苯、间﹣硝基甲苯和对﹣硝基甲苯三种物质，则存在同分异构体，故C错误；D、2﹣丁烯与水的加成反应生成2﹣丁醇一种有机物，则一定不存在同分异构体，故D正确；故选D．【点评】本题考查有机物的性质，依次来判断产物是否存在同分异构体，做此类题目要注意根据有机物的结构特点分析可能的产物，本题难度不大．12．下列实验的失败原因可能是因为缺少必要的实验步骤造成的是：()①将乙醇和乙酸混合，再加入稀硫酸共热制乙酸乙酯②实验室用无水乙醇和浓硫酸共热到140℃制乙烯③验证某RX是碘代烷，把RX与烧碱水溶液混合加热后，将溶液冷却后再加入硝酸银溶液未出现黄色沉淀④做醛的还原性实验时，当加入新制的氢氧化铜悬浊液后，未出现红色沉淀．A．①④B．①③④C．③④D．④【考点】乙酸乙酯的制取；乙烯的实验室制法；乙醛与Cu(OH)2的反应．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】①制乙酸乙酯不能用稀硫酸；②实验室制乙烯加热温度为170℃；③验证某RX是碘代烷，应加HNO3酸化；④做醛的还原性实验时，须在碱性条件下．【解答】解：①实验室制乙酸乙酯，是在浓硫酸作用下加热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，该反应为将乙醇和乙酸混合，再加入稀硫酸共热制乙酸乙酯，实验失败的原因是未使用浓硫酸，故①错误；②实验室用无水乙醇和浓硫酸共热到140℃制得的是乙醚，制乙烯须加热到170℃，故②错误；③卤代烃水解脱掉﹣X生成卤素离子，再加HNO3酸化（NaOH过量，下一步加的Ag+会和OH﹣反应变成不稳定的AgOH，近而变成白沉Ag2O，影响实验，所以加H+把OH﹣除掉），再加AgNO3，AgI黄色沉淀，看颜色判断X是碘．该实验中未加HNO3酸化，导致实验失败，故③正确；④做醛的还原性实验时，当加入新制的氢氧化铜悬浊液后，未出现红色沉淀．原因是做醛的还原性实验时，须在碱性条件下，NaOH一定要过量，当加入新制的氢氧化铜悬浊液后，须加一定量的NaOH，故④正确；故选C．【点评】本题考查了实验操作步骤，难度不大，注意因为缺少必要的实验步骤造成实验的失败是解答的关键．-24-\n13．下列各组有机物的混合物，只有总质量一定，无论按何比例混合，完全燃烧后生成CO2和H2O都不是恒量的是()A．C2H4O、C4H8O2B．C2H4、C3H6C．C10H8、C9H20D．C3H8O3、C7H8【考点】有关混合物反应的计算．【专题】计算题．【分析】总质量固定，完全燃烧后生成CO2和H2O都不是恒量，说明混合物中各物质分子中C、H元素的质量分数都不相同；若最简式相同，则完全燃烧生成二氧化碳和水的质量一定相等，据此进行解答．【解答】解：A．C2H4O、C4H8O2：二者的最简式相同，质量一定时，C、H元素的质量固定，则无论按何比例混合，完全燃烧生成CO2和H2O的量恒定，故A错误；B．C2H4、C3H6：二者的最简式都是CH2，质量一定时，C、H元素的质量固定，则无论按何比例混合，完全燃烧生成CO2和H2O的量恒定，故B错误；C．C10H8、C9H20：二者的相对分子质量都是128，分子中含有的C、H原子数目都不相同，则等质量时C、H元素的质量一定不相等，则无论按何比例混合，完全燃烧后生成CO2和H2O都不是恒量，故C正确；D．C3H8O3、C7H8：二者相对分子质量都是92，二者分子中都含有8个H原子，等质量时含有H元素质量恒定，则无论按何比例混合，完全燃烧生成水的量恒定，故D错误；故选C．【点评】本题考查有机物燃烧的计算与欧弟，题目难度不大，明确题干信息为解答关键，注意最简式在化学计算中的应用方法，试题培养了学生的分析能力及灵活应用基础知识的能力．14．现有烃的含氧衍生物A，还原A时得醇B，氧化A时得C，由B、C反应可生成高分子化合物，其结构简式为，以下叙述错误的是()A．A属于醛类B．A有相对分子质量为58C．A分子中有6个原子含C40%D．1molA与足量银氨溶液反应还原出4molAg【考点】有机物的结构和性质．【分析】由高分子化合物可知对应的单体分别为CH2OHCH2OH、HOOC﹣COOH，则可知A为OHCCHO、B为CH2OHCH2OH，C为HOOC﹣COOH，以此解答该题．【解答】解：由高分子化合物可知对应的单体分别为CH2OHCH2OH、HOOC﹣COOH，则可知A为OHCCHO、B为CH2OHCH2OH，C为HOOC﹣COOH，A．A为OHCCHO，属于醛类，故A正确；B．A为OHCCHO，相对分子质量为58，故B正确；C．A分子中有6个原子含C=421，故C错误；D．A含有2个醛基，则1molA与足量银氨溶液反应还原出4molAg，故D正确．故选C．【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，涉及醇、醛、羧酸性质与转化，比较基础，有利于基础知识的巩固．-24-\n15．某有机物A由C、H、O三种元素组成，相对分子质量为90．将9.0gA完全燃烧的产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g和13.2g．A能与NaHCO3溶液反应，且2分子A之间脱水可生成六元环化合物．有关A的说法正确的是()A．0.1molA与足量Na反应产生2.24LH2（标准状况）B．分子式是C3H8O3C．A催化氧化的产物能发生银镜反应D．A在一定条件下发生缩聚反应的产物是：【考点】有关有机物分子式确定的计算；有机物的结构和性质．【分析】由一定质量有机物燃烧产物可计算有机物的实验式，再根据相对分子质量可计算并写出分子式；根据A能与NaHCO3溶液发生反应，可写出A的结构简式；由结构简式即可判断该有机物的性质并计算与钠产生氢气的量．【解答】解：使浓硫酸增重可知水的质量为5.4g，可计算出n（H2O）==0.3mol，n（H）=0.6mol；使碱石灰增重13.2g，可知二氧化碳质量为13.2g，n（C）=n（CO2）==0.3mol，此有机物9.0g含O：9.0g﹣0.6g﹣0.3×12g=4.8g，n（O）==0.3mol，n（C）：n（H）：n（O）=0.3mol：0.6mol：0.3mol=1：2：1，即实验式为CH2O，实验式的式量为30，又A的相对分子质量为90，设分子式为（CH2O）n，可得：30n=90，解得：n=3，A．羟基和羧基均和钠反应，因此0.1molA与足量Na反应产生2.24LH2（标准状况），故A正确；B．根据分析可知，该有机物的分子式为：C3H6O3，故B错误；C．由可与NaHCO3溶液发生反应，可知A含羧基，再根据2分子A之间脱水可生成六元环化合物，可推出A还含羟基，因此A的结构简式为：HO﹣CH2﹣CH2﹣COOH或CH3﹣CH（OH）﹣COOH，A中含羟基，可被催化氧化为醛基或羰基，含醛基的可发生银镜反应，而羰基不能发生银镜反应，故C错误；D．A含两种官能团，故可发生缩聚反应生成；但由于A有两种结构，所以其缩聚反应的产物不一定为：，故D错误；故选A．【点评】本题考查了有机物分子式的确定，题目难度中等，根据质量守恒判断该有机物分子中含有氧元素的物质的量为解答关键，注意掌握常见有机物结构与性质．16．某分子式为C12H24O2的酯，在一定条件下可发生如图所示的转化：则符合上述条件的酯的结构可能有()A．6种B．7种C．8种D．9种【考点】有机物的推断．-24-\n【分析】分子式为C12H24O2的酯是属于饱和一元酯基，碱性条件下水解得到羧酸盐与醇，B酸化与C连续氧化都得到同一物质，故B为羧酸钠盐，C为醇，且B、C分子含有相同碳原子数目，B、C分子中碳碳骨架结构相同，据此解答．【解答】解：分子式为C12H24O2的酯是属于饱和一元酯基，碱性条件下水解得到羧酸盐与醇，B酸化与C连续氧化都得到同一物质，故B为羧酸钠盐，C为醇，且B、C分子含有相同碳原子数目，B、C分子中碳碳骨架结构相同，故则形成C12H24O2的酯的酸为C5H11COOH，醇为C5H11CH2OH，都含有C5H11﹣烃基且相同，有8种结构：﹣CH2CH2CH2CH2CH3，﹣CH（CH3）CH2CH2CH3，﹣CH2CH2C（CH3）2，﹣CH2C（CH3）3，﹣CH（CH2CH3）2，﹣CH（CH3）CH（CH3）2，﹣C（CH3）2CH2CH3，﹣CH2CH（CH3）CH2CH3，则分子式为C10H20O2的酯有8种结构，故选C．【点评】本题考题有机物的推断、同分异构体书写，侧重考查同分异构体的书写，难度中等，是对学生综合能力的考查．二、解答题（共5小题，满分52分）17．（1）某气态有机物X含C、H、O三种元素，已知下列条件，现欲确定X的分子式，所需的条件最佳组合是①②④．（填相应的数字序号）①X中含碳质量分数②X中含氢质量分数③X在标准状况下的体积④质谱确定X的相对分子质量⑤X的质量．（2）将6g某有机物A完全燃烧，生成CO2和H2O，将产物通过浓H2SO4增重7.2g，再通过碱石灰，碱石灰增重13.2g．则该有机物的实验式为C3H8O．（3）科学家最近在﹣100℃的低温下合成了一种烃X，其分子式为C5H4，红外光谱和核磁共振氢谱表明其分子中的氢原子所处的化学环境没有区别，则该分子的结构简式为．【考点】有关有机物分子式确定的计算；有机物实验式和分子式的确定．【分析】（1）先确定该有机物的实验式，再根据相对分子质量确定分子式；（2）根据浓硫酸和碱石灰增重的质量可计算有机物生成的水和二氧化碳的物质的量，根据C元素、H元素守恒和O元素守恒可计算有机物中C、H、O元素的物质的量，进而确定其实验式；（3）根据X的分子式及“红外光谱和核磁共振氢谱表明其分子中的氢原子所处的化学环境没有区别”确定X的结构简式．【解答】解：（1）根据①②可以确定氧元素的质量分数，进一步可以确定该有机物的实验式，由④可以确定有机物分子的相对分子质量．综上所述，最终可以确定有机物的分子式的最佳组合为：①②④，故答案为：①②④；（2）浓硫酸增重可知水的质量为7.2g，则水的物质的量为：n（H2O）==0.4mol，n（H）=0.8mol，m（H）=0.8g；碱石灰增重13.2g，可知二氧化碳质量为13.2g，则：n（C）=n（CO2）==0.3mol，m（C）=3.6g，由于m（C）+m（H）=4.4g，有机物的质量为6g，所以有机物中氧的质量为：1.6g，n（O）==0.1mol，所以：n（C）：n（H）：n（O）=0.3mol：0.8mol：0.1mol=3：8：1，则该有机物的实验式为：C3H8O，故答案为：C3H8O；-24-\n（3）X的分子式为C5H4，其不饱和度为：=4；红外光谱和核磁共振表明其分子中的氢原子的化学环境没有区别，说明其分子中所有的H原子都是等效的，则X具有对称结构，结合不饱和度为4可知X的结构简式为：，故答案为：．【点评】本题考查了有机物分子式、结构简式的确定，题目难度中等，明确常见有机物结构与性质为解答关键，注意掌握质量守恒定律在确定有机物分子式中的应用．18．有机物A～F存在如下转变关系，化合物A与氯化铁溶液发生显色反应，完全燃烧只生成二氧化碳和水，其相对分子质量不超过110．A与浓硝酸反应得到的一硝基代物只有两种，F是芳香化合物．请回答下列问题：（1）指出①、②两步的反应类型：①加成反应；②取代反应（或酯化反应）．（2）写出化合物C的结构简式：C．（3）写出发生下列转化的化学方程式：C→D2+O2+2H2O；-24-\nB+E→F++H2O．【考点】有机物的推断．【分析】A与氯化铁溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，A与浓硝酸反应得到的一硝基代物只有两种，说明苯环上在对位上有2个取代基且不相同，完全燃烧只生成二氧化碳和水，其相对分子质量不超过110，所以A为对甲基苯酚，B为对甲基环己醇，分子式为C7H14O，据反应条件可知，C为醇，D为醛，E为酸，则B与E发生酯化反应生成的F为酯，据F和B的分子式和F是芳香化合物可知，则E的分子式为C7H6O2，为苯甲酸，则D为苯甲醛，C为苯甲醇，据此分析．【解答】解：（1）A与氯化铁溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，A与浓硝酸反应得到的一硝基代物只有两种，说明苯环上在对位上有2个取代基且不相同，完全燃烧只生成二氧化碳和水，其相对分子质量不超过110，所以A为对甲基苯酚，A与氢气发生加成反应生成B为对甲基环己醇，B与E发生酯化反应生成的F为酯，故答案为：加成反应；取代反应（或酯化反应）；（2）据反应条件可知，C为醇，D为醛，E为酸，则B与E发生酯化反应生成的F为酯，据F和B的分子式可知，则E的分子式为C7H6O2，为苯甲酸，则D为苯甲醛，C为苯甲醇，C的结构简式为，故答案为：；（3）据反应条件可知，C为醇，D为醛，E为酸，则B与E发生酯化反应生成的F为酯，据F和B的分子式可知，则E的分子式为C7H6O2，为苯甲酸，则D为苯甲醛，C为苯甲醇，C→D的反应方程式为2+O2+2H2O，B为对甲基环己醇，E的分子式为C7H6O2，为苯甲酸，B与E发生酯化反应生成的F为酯，反应方程式为-24-\n++H2O，故答案为：2+O2+2H2O；++H2O．【点评】本题考查有机物推断，侧重考查分析、推断能力，正确推断C的结构简式是解本题关键，再结合反应条件、相对分子质量确定其它物质结构，注意反应过程中原子个数、官能团及物质结构是否变化，题目难度中等．19．（14分）溴乙烷是一种重要的有机化工原料，其沸点为38.4℃．制备溴乙烷的一种方法是乙醇与氢溴酸反应．（1）该反应的化学方程式是CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O．实际通常是用溴化钠与一定浓度的硫酸和乙醇反应．某课外小组欲在实验室制备溴乙烷的装置如图，实验操作步骤如下：①检查装置的气密性；②在圆底烧瓶中加入95%乙醇、80%硫酸，然后加入研细的溴化钠粉末和几粒碎瓷片；③小心加热，使其充分反应最终得到产物21.8g．已知反应物的用量：0.3molNaBr（s）；0.25mol乙醇（密度为0.80g•mL﹣1）；36mL硫酸．-24-\n请回答下列问题．（2）A是冷凝管，起着冷凝回流乙醇的作用，则冷凝水从下口（填“上口”或“下口”）进．（3）反应时若温度过高，则有SO2生成，同时观察到还有一种红棕色气体产生，产生这一现象的化学方程式为2NaBr+2H2SO4Br2↑+SO2↑+2H2O+2Na2SO4．反应结束后，得到的粗产品呈棕黄色．为了除去粗产品中的杂质，可选择下列试剂中的b（填写上正确选项的字母）．a、饱和食盐水b、稀氢氧化钠溶液c、乙醇d、四氯化碳（4）为了检验溴乙烷中含有溴元素，通常采用的方法是取少量溴乙烷，然后④①③②（按实验的操作顺序选填下列序号）．①加热②加入AgNO3溶液③加入稀硝酸酸化④加入NaOH溶液若溴乙烷的密度为ag/cm3，检验过程中用了bmL溴乙烷，得到cg沉淀，则溴乙烷的相对分子质量M为（列出计算式）．（5）本实验制取溴乙烷的产率为80%．【考点】制备实验方案的设计；性质实验方案的设计．【分析】（1）制备溴乙烷的一种方法是乙醇与氢溴酸反应生成溴乙烷和水；（2）根据采用逆流冷凝的效果好判断进水口；（3）浓硫酸具有氧化性，可以将还原性的溴离子氧化为溴单质；溴单质溶解在有机物中显示棕黄色，溴单质可以和氢氧化钠发生反应；（4）检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，再将溶液调成酸性，根据溴离子可以和银离子反应生成淡黄色不溶于硝酸的沉淀来检验；若溴乙烷的密度为ag/cm3，检验过程中用了bmL溴乙烷，则溴乙烷的质量为abg，得到cg溴化银沉淀，其物质的量为mol，所以溴乙烷的物质的量为mol，根据溴乙烷的相对分子质量M=计算；（5）n（乙醇）=0.25mol，理论上生成溴乙烷的质量为0.25mol×109g/mol=27.25g，根据产率=×100%计算；【解答】解：（1）乙醇与氢溴酸反应生成溴乙烷和水反应的化学方程式为：CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O，故答案为：CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O；（2）根据采用逆流冷凝的效果好可知，冷凝水从下口进；故答案为：下口；-24-\n（3）浓硫酸具有氧化性，可以将还原性的溴离子氧化为溴单质，反应的方程式为2NaBr+2H2SO4Br2↑+SO2↑+2H2O+2Na2SO4，溴单质溶解在有机物中显示棕黄色，为了除去粗产品中的杂质溴单质，可以用氢氧化钠来与之发生反应生成的溶液和溴乙烷互不相溶，故答案为：2NaBr+2H2SO4Br2↑+SO2↑+2H2O+2Na2SO4；b；（4）溴检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，可以采用卤代烃的水解方法，即加入氢氧化钠即可，再将溶液调成酸性，可以用硝酸，在溴离子可以和银离子反应生成淡黄色不溶于硝酸的沉淀溴化银来检验，可以加入硝酸酸化的硝酸银，故顺序为④①③②，若溴乙烷的密度为ag/cm3，检验过程中用了bmL溴乙烷，则溴乙烷的质量为abg，得到cg溴化银沉淀，其物质的量为mol，所以溴乙烷的物质的量为mol，则溴乙烷的相对分子质量M==，故答案为：④①③②；；（5）n（乙醇）=0.25mol，理论上生成溴乙烷的质量为0.25mol×109g/mol=27.25g，所以产率=×100%=×100%=80%，故答案为：80%．【点评】本题主要考查溴乙烷的制备、提纯、检验以及化学计算，考查学生实验分析的能力，综合性较强，难度较大．20．A、B、C、D四种芳香族化合物都是某些植物挥发油中的主要成分，有的是药物，有的是香料．它们的结构简式如图1所示：回答下列问题：（1）写出图1B中的含氧官能团的名称羟基、碳碳双键．（2）既能使FeCl3溶液显紫色又能和溴的四氯化碳反应的是B（用A、B、C、D填空）．（3）按图2，C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则F的结构简式为．-24-\n（4）同时符合下列两项要求的D的同分异构体有4种：①化合物是1，2﹣二取代苯②苯环上的两个取代基分别为羟基和含有﹣COO﹣结构的基团．其中两种（G和H）结构简式如图所示，请补充另外两种．，，．（5）写出H与足量NaOH溶液共热反应的化学方程式．【考点】有机物的推断；有机物分子中的官能团及其结构．【分析】（1）B含有酚羟基和碳碳双键；（2）含有酚羟基的物质能使FeCl3溶液显色，含有碳碳双键的与溴发生加成反应；（3）C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则反应①为氧化反应，E为C6H5CH2CH2COOH，反应②为酯化反应；（4）含有﹣COO﹣结构的基团，为羧基或酯基；（5）H中酚﹣OH、﹣COOC﹣及水解生成的酚﹣OH均与NaOH反应．【解答】解：（1）由结构简式可知，B含有酚羟基和碳碳双键，故答案为：羟基、碳碳双键；（2）因含有酚羟基的物质能使FeCl3溶液显色，含有碳碳双键的与溴发生加成反应使其褪色，由结构简式可知，只有B中既含有酚羟基又有碳碳双键，则B既能使FeCl3溶液显紫色又能和溴的四氯化碳反应，故答案为：B；（3）C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则反应①为氧化反应，E为C6H5CH2CH2COOH，反应②为酯化反应，该酯化反应为，则F为，故答案为：；（4）①化合物是1，2﹣二取代苯；②苯环上的两个取代基分别为羟基和含有﹣COO﹣结构的基团，具有﹣COO﹣结构的可为酸或酯，对应的酯有苯甲酸与甲醇生成的酯、乙酸与苯酚形成的酯、甲酸与苯甲醇形成的酯，还可为苯乙酸，共有4中，另外两种为，故答案为：；-24-\n（5）H中含酚﹣OH、﹣COOC﹣均与NaOH反应，水解生成的酚﹣OH也反应，该反应为，故答案为：．【点评】本题考查有机物的推断，题目难度不大，本题注意把握有机物的官能团的性质为解答该题的关键，易错点为同分异构体的判断，注意官能团异构．21．上海世博会英国馆﹣﹣种子圣殿，由六万多根透明的亚克力[其分子式是（C5H8O2）]杆构建而成．某同学从提供的原料库中选择一种原料X，设计合成高分子亚克力的路线如图所示：原料库：已知：①不易被氧化成羧酸②不易被氧化成醛或酮③（R、R′、R″表示羟基）请回答：（1）原料X是c（选填序号字母）．（2）②的反应条件是NaOH水溶液、加热，D的结构简式为．（3）反应⑧的化学方程式是n．（4）A的同类的同分异构体共有9种．-24-\n（5）某同学以丙烯为原料设计了合成中间体D的路线：丙烯…→D，得到D的同时也得到了另一种有机副产物M，请你预测M可能的结构简式是CH3CH2CH（OH）COOH．【考点】有机物的推断．【分析】由E→F可确定E中含有﹣COOH，由F→（C5H8O2）n可E、F中含有C=C官能团，且E的分子式为C4H6O2，应为不饱和酸，则应为，结合信息可知反应流程应为，结合有机物的结构和性质解答该题．【解答】解：由E→F可确定E中含有﹣COOH，由F→（C5H8O2）n可知E、F中含有C=C官能团，且E的分子式为C4H6O2，应为不饱和酸，则应为，结合信息可知反应流程应为，（1）由以上分析可知X为c，故答案为：c；（2）由以上图示可知，②的反应条件是NaOH水溶液，加热；根据上面的分析可知，D为，故答案为：NaOH水溶液、加热；；-24-\n（3）反应⑧为发生加聚反应，化学方程式为：n，故答案为：n；（4）A为CH2BrCBr（CH3）2，A的同类的同分异构体为CH2BrCH（CH3）CH2Br、CHBr2CH（CH3）2、CHBr2CH2CH2CH3、CH3CBr2CH2CH3、CH2BrCHBrCH2CH3、CH2BrCH2CHBrCH3、CH2BrCH2CH2CH2Br、CH3CBr2CH2CH3、CH3CHBrCHBrCH3，共9种，故答案为：9；（5）以丙烯为原料设计了合成中间体D可能发生的副反应为，得到的副产品M为CH3CH2CH（OH）COOH，故答案为：CH3CH2CH（OH）COOH．【点评】本题考查有机物的合成，题目难度较大，需要学生对给予的信息进行利用，注意根据有机物的分子式进行推断，易错点为（5），注意把握有机物的结构和性质．-24-