山东省济南市第一中学2021-2022学年高二化学下学期第四次学情检测（5月月考）试题（Word版含解析）

济南一中2020级高二下学期第四次学情检测化学试题可能用到的相对原子质量：一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.下列物质不属于高分子是A纤维素B.核糖C.蛋白质D.核酸【答案】B【解析】【分析】【详解】A．纤维素为多糖，属于高分子化合物，A错误；B．核糖是一种单糖，分子式C5H10O5，相对分子质量小，不是高分子化合物，B正确；C．蛋白质是以氨基酸为基本单位构成的生物高分子，C错误；D．核酸是由许多核苷酸聚合成的生物大分子化合物，D错误；答案为：B。2.下列说法中，正确的是A.可用乙醇作洗涤剂除去溴苯中溶解的少量B.淀粉、纤维素、油脂、蛋白质都是高分子化合物，都能发生水解反应C.甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸互为同分异构体D.甲醛与乙酸乙酯的最简式相同【答案】C【解析】【详解】A．乙醇与溴苯互溶，不能用于除去溴苯中溶解的少量，A错误；B．油脂不是高分子化合物，B错误；C．甲酸乙酯、乙酸甲酯、丙酸的分子式相同，都为C3H6O2，三者结构不同，互为同分异构体，C正确；D．甲醛的分子式和最简式均为CH2O，乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，最简式为C2H4O，两者最简式不同，D错误；答案选C。3.下列说法错误的是A.可用NaOH溶液鉴别植物油和矿物油\nB.2-甲基-1，3-丁二烯的键线式：C.利用质谱法鉴别二甲醚和乙醇D.聚合物()可由单体和加聚制得【答案】C【解析】【详解】A．植物油和氢氧化钠反应水解生成醇和脂肪酸钠，与水不分离；矿物油和氢氧化钠不反应，能鉴别，A正确；B．2-甲基-1，3-丁二烯的结构简式为CH2=C(CH3)CH=CH2，键线式为：，B正确；C．质谱法可以测定有机物的相对分子质量，二甲醚和乙醇分子式相同，相对分子质量相同，利用质谱法不能鉴别，C错误；D．聚合物()可由单体和加聚制得，两者发生加聚反应生成，D正确；答案选C。4.秦皮是一种常用的中药，具有抗炎镇痛、抗肿瘤等作用。“秦皮素”是其含有的一种有效成分，结构简式如图所示，有关其性质叙述不正确的是（）A.该有机物分子式为C10H8O5B.分子中有四种官能团C.该有机物能发生加成、氧化、取代等反应D.1mol该化合物最多能与3molNaOH反应【答案】D【解析】【分析】由结构可知分子式，秦皮中物质分子中含酚-OH、碳碳双键、-COOC-及醚键，结合酚、烯烃及酯的性质来解答。【详解】A.由结构可知分子式为C10H8O5，A正确；\nB.含有羟基、酯基、碳碳双键以及醚键4种官能团，B正确；C.含苯环、碳碳双键可发生加成反应，碳碳双键、-OH可发生氧化反应，-OH、-COOC-可发生取代反应，C正确；D.能与氢氧化钠反应的为酚羟基和酯基，且酯基可水解生成羧基和酚羟基，则1mol该化合物最多能与4molNaOH反应，D错误；故合理选项是D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，注意选项D为解答的易错点。5.下列说法正确的是A.有机物A的键线式结构为，其一氯代物有八种B.向苯酚钠溶液中通入少量，方程式为：+CO2+H2O→+C.维生素()，在一定条件下能发生缩聚反应D.植物油常温下呈液态，为方便运输和储存，可将其转化为硬化油，是物理变化的过程【答案】C【解析】【详解】A．该物质一氯代物有9种，，A错误；B．向苯酚钠溶液中通入少量，反应生成苯酚和碳酸氢钠，B错误；C．维生素B5含有羧基和羟基，能发生缩聚反应形成酯类聚合物，C正确；D．植物油的硬化为化学反应，D错误；答案选C。6.结构为的有机物可以通过不同的反应得到下列四种物质生成这四种有机物的反应类型依次为A.取代、加成、酯化、消去B.取代、取代、加聚、消去\nC.酯化、取代、缩聚、取代D.取代、缩聚、酯化、消去【答案】D【解析】【详解】①对比结构简式不同，溴原子取代羟基的位置，发生取代反应；②是高分子化合物，链节上有其他元素，故发生缩聚反应；③属于酯类，故发生酯化反应（取代反应）；④对比不同无羟基有碳碳双键，发生消去反应；答案选D。7.一种具有除草功效的有机物结构简式如图所示。下列有关该化合物的说法正确的是A.该有机物在空气中能稳定存在B.该物质在NaOH醇溶液中加热可以发生消去反应C.1mol该化合物与足量浓溴水反应，最多与4molBr2发生取代反应D.1mol该化合物与足量NaOH溶液反应，最多消耗5molNaOH【答案】D【解析】【详解】A．该有机物中含有酚羟基，该有机物露置在在空气中酚羟基易被氧化，故A错误；B．该物质含有溴原子，但溴原子所连碳的邻位碳上没有H原子，不能发生消去反应，故B错误；C．酚-OH的邻对位与溴水发生取代，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1mol该化合物与足量浓溴水反应，最多消耗4molBr2，其中取代反应消耗3mol，加成反应消耗1mol，故C错误；D．酚羟基、溴原子、酯基均与NaOH溶液反应，1mol该化合物与足量NaOH溶液反应，最多消耗5molNaOH，故D正确；故选：D。8.环己酮和乙二醇在一定条件下反应可生成环己酮缩乙二醇，其反应过程如图所示。下列说法不正确的是A.生成环己酮缩乙二醇的反应为加成反应\nB.相同质量的有机物完全燃烧消耗氧气的量：环己酮＞环己酮缩乙二醇C.环已酮的一氯代物有3种(不包含立体异构)D.环己酮分子中所有碳原子不可能共平面【答案】A【解析】【详解】A．由示意图可知，环己酮和乙二醇在一定条件下反应生成环己酮缩乙二醇和水，则该反应不可能是加成反应，故A错误；B．环己酮的分子式为C6H10O，98g环己酮完全燃烧消耗氧气的物质的量为8mol，环己酮缩乙二醇的分子式为C8H14O2，98g环己酮缩乙二醇完全燃烧消耗氧气的物质的量为×10.5mol≈7.05mol＜8mol，故B正确；C．由结构简式可知，环已酮分子中有3类氢原子，则一氯代物有3种，故C正确；D．环己酮分子中存在饱和碳原子，饱和碳原子的空间构型为四面体形，则分子中所有碳原子不可能共平面，故D正确；故选A。9.以下是我国化学家近年来合成的聚乙炔衍生物分子M的结构简式，下列说法中正确的是A.M为高分子化合物，故为纯净物B.1molM在足量NaOH溶液中完全水解消耗nmolNaOHC.M的单体中C原子有3种杂化方式D.该物质分子的不饱和度为7【答案】C【解析】【详解】A．M为高分子化合物，由于n值不同，故高分子化合物M为混合物，A错误；B．1molM中含有2nmol酯基(醇酯基)，故1molM在足量NaOH溶液中完全水解消耗2nmolNaOH，B错误；\nC．由M的结构简式可知，合成M的单体为，故M的单体中C原子有sp、sp2和sp3共3种杂化方式，C正确；D．已知一个苯环的不饱和度为4，一个双键不饱和度为1，一个酯基不饱和度为1，故该物质分子的不饱和度为7n，D错误；故答案为：C。10.有机化合物X与Y在一定条件下可反应生成Z：下列说法正确的是A.X是苯的同系物B.可用Br2的CCl4溶液除去Z中混有的Y杂质C.Z的同分异构体可以是芳香族化合物D.Z在酸性条件下水解生成和CH3OH【答案】C【解析】【详解】A．苯和苯的同系物的通式为：CnH2n-6，而X分子中含有5个碳，不属于苯的同系物，A错误；B．Z、Y中均含有碳碳双键，都能与溴的四氯化碳溶液反应，所以不能用于除去Z中混有的Y，B错误；C．Z的同分异构体可以是芳香族化合物，，C正确；D．Z在酸性条件下水解为羧酸和醇，根据断键方式可知CH318OH，D错误；答案选C。二、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。11.有机化合物甲、乙、丙均为合成非甾体抗炎药洛那的底物或中间体。\n下列关于甲、乙、丙的说法错误的是A.甲分子中杂化方式为sp2和sp3的碳原子个数比为1：2B.乙的所有含苯环羧酸类同分异构体中至少有5种不同化学环境的氢原子C.丙能发生取代反应和加成反应D.甲、乙和丙的分子中，均只含有1个手性碳原子【答案】BD【解析】【分析】【详解】A．由结构简式可知，甲分子中有4个单键碳原子和2个双键碳原子，单键碳原子的杂化方式为sp3杂化，双键碳原子的杂化方式为sp2杂化，则杂化方式为sp2和sp3的碳原子个数比为1:2，故A正确；B．由结构简式可知，乙分子中含有6种不同化学环境的氢原子，则其含有苯环的羧酸类同分异构体中也应至少有6种不同化学环境的氢原子，故B错误；C．由结构简式可知，丙分子中含有苯环、羰基、羧基和酯基，一定条件下能发生取代反应和加成反应，故C正确；D．手性碳原子为连有4个不同原子或原子团的饱和碳原子，由结构简式可知，甲、乙分子中含有1个手性碳原子，丙分子中含有2个手性碳原子，故D错误；故选BD。12.我国化学家在基于苯炔的不对称催化研究方面取得了突破，反应示意图如下。下列说法错误的是A.该反应为加成反应B.化合物乙的不饱和度为7C.化合物甲核磁共振氢谱有7组峰D.化合物甲中没有手性碳原子【答案】D【解析】【详解】A．由反应示意图可知，苯炔中碳碳叁键的不饱和度变小，为加成反应，A正确；B．化合物乙中含1个苯环、1个碳环、1个羰基、1个酯基，则不饱和度为4+1+1+1=7，B\n正确；C．化合物甲中有7种不同环境的氢，核磁共振氢谱有7组峰，C正确；D．化合物甲中存在1个手性碳原子(如图*所示)，D错误；答案选D。13.下列各项中操作能达到预期实验目的的是实验目的操作A探究卤代烃中的卤原子将该卤代烃与NaOH溶液共热后，再滴加溶液B工业乙醇制无水乙醇加吸水剂(CaO)后再蒸馏C除去乙酸乙酯中的乙酸向混合液中加入足量NaOH溶液，加热、搅拌D检验蔗糖水解产物具有还原性向蔗糖溶液中加入几滴稀硫酸，水浴加热几分钟，然后向其中加入新制的银氨溶液，并水浴加热A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．卤代烃水解后检验卤素离子，应在酸性溶液中，因此卤代烃与NaOH溶液共热后，先滴加硝酸溶液酸化，再滴加溶液，A错误；B．氧化钙与水反应生成氢氧化钙，氢氧化钙与乙醇沸点不同，可通过蒸馏分离，B正确；C．乙酸和氢氧化钠溶液反应，但乙酸乙酯在碱性条件下能水解，C错误；D．蔗糖水解后，检验葡萄糖应在碱性溶液中，向蔗糖溶液中加入几滴稀硫酸，水浴加热几分钟，加入适量稀氢氧化钠溶液后，再向其中加入新制的银氨溶液，并水浴加热，D错误；答案选B。14.有机物M、N常用作合成香料的原料，结构如图。下列关于M、N的说法错误的是A.两者互为同系物B.M能发生消去反应，且所得产物均存在顺反异构\nC.N的同分异构体中，遇溶液显色的有13种D.M、N均可以通过聚合反应生成高分子化合物【答案】BC【解析】【详解】A．同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；由结构简式可知两者M、N都含有羧基、羟基、苯环，结构相似且相差2个“CH2”原子团，互为同系物，A正确；B．如果M中羟基和相邻甲基上氢发生消去反应，则碳碳双键一端的碳上有2个氢原子，不存在顺反异构，B错误；C．N的同分异构体中，遇FeCl3溶液显紫色则含有酚羟基：如果含有2个取代基，1个为酚羟基，另1个可以为：-CH2COOH、-COOCH3、-CH2OOCH、-COCH2OH、-CH(OH)CHO、-OOCCH3，共6种情况，每种情况存在邻间对3种情况，共18种情况；如果含有3个取代基，1个为酚羟基，另2个为-CH3、-COOH；酚羟基与甲基处于邻位，则羧基有4种情况；酚羟基与甲基处于间位，则羧基有4种情况；酚羟基与甲基处于对位，则羧基有2种情况；共10种情况；故合计28种情况；C错误；D． M、N分子中均含有羧基和羟基，均可以通过聚合反应生成高分子化合物，D正确；答案选BC。15.芯片制造过程需用到光刻胶。某光刻胶可由降冰片烯()与马来酸酐()共聚而成。下列说法错误是A.降冰片烯难溶于水B.与互为同分异构体C.马来酸酐能发生加成反应和氧化反应D.该光刻胶的结构简式可能为【答案】B【解析】【分析】\n【详解】A．降冰片烯属于烃，烃难溶于水，A正确；B．与结构完全相同，为同种物质，B错误；C．马来酸酐()含碳碳双键，能发生加成反应和氧化反应，C正确；D．降冰片烯()与马来酸酐()均含碳碳双键，二者按1:1共聚可得，D正确；答案选B。16.聚乙炔导电聚合物的合成使高分子材料进入了“合成金属”和塑料电子学时代，当聚乙炔分子带上药物、氨基酸等分子片段后，就具有了一定的生物活性。以下是我国化学家近年来合成的聚乙炔衍生物分子M的结构式及M在稀硫酸作用下的水解过程。下列有关说法中不正确的是(　　)A.M与A均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色B.B中含有羧基和羟基两种官能团，B能发生消去反应和酯化反应C.1molM与热的烧碱溶液反应，可消耗2nmol的NaOHD.A、B、C各1mol分别与足量金属钠反应，放出的气体的物质的量之比为1∶2∶2【答案】D【解析】【详解】A、M为酯类物质，故在稀硫酸条件下M水解产物A的结构为：M与A的分子中均含有碳碳双键，均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，选项A正确；\nB、B的结构为：分子中含有羧基和羟基，可以发生酯化反应，羟基的β碳原子上含有氢原子可以发生消去反应，选项B正确；C、1molM中有2nmol的酯基，可以与2nmol的NaOH发生反应，选项C正确；1molA中有nmol羧基，1molB中有1mol羧基、1mol羟基，1molC中有2mol羟基，它们与D、金属钠反应放出的气体的物质的量分别为n/2mol,1mol,1mol，故放出的气体的物质的量之比为n∶2∶2，选项D错误。答案选D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、酯、醇、羧酸性质的考查，注意A、M均为高分子化合物，M中含-COOC-，水解得到A为，C为OHCH2CH2OH，B为，结合-COOH、-OH、C=C的性质来解答。17.下列关于有机物的说法不正确的是A.2—丁烯()分子存在顺反异构B.三联苯()的一氯代物有5种C.抗坏血酸分子()中有2个手性碳原子D.立方烷()经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有4种【答案】BD【解析】【分析】【详解】A．2—丁烯()分子中，两个双键碳原子都连有1个H原子和1个-CH3，所以存在顺反异构，A正确；\nB．三联苯()的一氯代物有4种，它们是，B不正确；C．抗坏血酸分子()中有2个手性碳原子，它们是中的“∗”碳原子，C正确；D．立方烷()经硝化可得到六硝基立方烷，六硝基立方烷的异构体与二硝基立方烷的异构体数目相同，若边长为a，则与硝基相连的两碳原子间的距离为a、、，共3种异构体，D不正确；故选BD。18.下列实验中，实验设计或所选装置合理的是A.除去乙醇中的苯酚应选择图①所示装置B.用②装置制备溴苯并验证有HBr产生C.用苯提取碘水中的碘，应选择图③所示装置D.用图④所示装置进行石油分馏实验制取汽油【答案】C【解析】【详解】A．苯酚和乙醇互溶，两者都为液态，不能用过滤方法除去乙醇中的苯酚，两者沸点不同，可采用蒸馏的方法分离，A错误；B．苯与溴在铁做催化剂的条件下反应生成溴苯和溴化氢并放热，生成的溴化氢中会混有溴，溴也能与硝酸银溶液反应产生淡黄色沉淀，不能验证有HBr产生，B错误；C．苯与水不互溶，可采用萃取分液的方法用苯提取碘水中的碘，C正确；D．分馏需要温度计测定馏分温度，图中缺少温度计，且应使用直形冷凝管，D错误；答案选C。19.化合物乙是一种治疗神经类疾病的药物，可由化合物甲经多步反应得到。下列有关化合物甲、乙的说法正确的是\nA.甲分子中所有碳原子可能能处于同一平面，且有顺反异构现象B乙中含有1个手性碳原子C.用NaHCO3溶液或FeCl3溶液能鉴别化合物甲、乙D.乙能与盐酸、NaOH溶液反应，且1mol乙最多能与4molNaOH溶液反应【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．中存在苯环和类似乙烯的结构，且不饱和碳与苯环或碳碳双键相连，因此所有碳原子可能能处于同一平面，其中碳碳双键两端碳原子连接的基团不相同，存在顺反异构现象，故A正确；B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，乙中含有2个手性碳原子(与甲基相连的C和与Br相连的C)，故B错误；C．甲中含有羧基但不含酚羟基、乙中含有酚羟基但不含羧基，羧基能和碳酸氢钠反应生成二氧化碳，酚能和氯化铁溶液发生显色反应，所以甲能和碳酸氢钠反应生成二氧化碳而乙不能，乙能发生显色反应而甲不能，所以可以用碳酸氢钠或氯化铁溶液鉴别甲乙，故C正确；D．乙中含有酯基、氨基、酚羟基、醚键、溴原子，具有酯、氨、酚、醚和溴代烃的性质，能和NaOH反应的有酯基水解生成的羧基、酚羟基、溴原子，所以乙能和稀盐酸、NaOH反应，且lmol乙最多能与5molNaOH反应，故D错误；故选AC。20.有机物在一定条件下的转化如图，下列说法正确的是\nA.物质B的名称为3-甲基-1-丁烯B.物质A中含有1个手性碳原子C.物质B可能存在顺反异构D.与物质C互为同分异构体的醇共有7种【答案】BD【解析】【分析】发生消去反应生成B，B可为(CH3)2C=CHCH3或(CH3)2CHCH=CH2，B与水发生加成反应生成C，C可为(CH3)2C(OH)CH2CH3或(CH3)2CHCH(OH)CH3或(CH3)2CHCH2CH2OH，C与氯化氢发生取代反应生成A，则C为(CH3)2CHCH(OH)CH3。【详解】A．由分析可知，B为(CH3)2C=CHCH3或(CH3)2CHCH=CH2，(CH3)2CHCH=CH2的名称为3-甲基-1-丁烯，(CH3)2C=CHCH3的2-甲基-2-丁烯，A错误；B．物质A中含有1个手性碳原子，如图*所示：，B正确；C．B为(CH3)2C=CHCH3或(CH3)2CHCH=CH2，(CH3)2C=CHCH3的其中一个双键碳上连2个甲基，(CH3)2CHCH=CH2的其中一个双键碳上连2个氢原子，不存在顺反异构，C错误；D．C为(CH3)2CHCH(OH)CH3，若主链上有5个碳原子，由碳骨架表示，-OH可位于1(或5)、2(或4)、3号碳原子上，共3种，若主链上有4个碳原子，由碳骨架表示，-OH可位于1(或5)、2、3、4号碳原子上，共4种，若主链上有3个碳原子，由碳骨架表示，-OH只有1种取代位置，总共8种，除去C本身，与物质C互为同分异构体的醇共有7种，D正确；答案选BD。三、填空题21.有机物的应用关乎我们生活的方方面面．根据以下有机物的信息，按要求填空。A液化石油气的成分之一正丁烷\nB汽油的主要成分辛烷C解热镇痛药物阿司匹林D配制皂用香精和香水的一种添加剂二苯甲烷（1）以上物质中互为同系物的是_________。(填序号)（2）B的同分异构体中，一氯代物只有一种的结构简式______________________；（3）C中含有官能团的名称为_________________；写出C与足量NaOH溶液反应的化学方程式______。（4）D的核磁共振氢谱有__________组峰，峰面积之比为___________。【答案】（1）AB（2）（3）①.羧基、酯基②.+3NaOH→+CH3COONa+2H2O（4）①.4②.1∶2∶2∶1【解析】【小问1详解】结构相似，分子组成上相差若干个CH2原子团的有机化合物互为同系物，以上物质中互为同系物的是：AB。小问2详解】辛烷的分子式为C8H18，其同分异构体中一氯代物只有一种，分子高度对称且只有一种效果的氢，其结构简式为：。【小问3详解】\n由C的结构简式可知，C中含有官能团为：羧基、酯基；C中含酯基，碱性条件下水解，C与足量NaOH溶液反应的化学方程式为：+3NaOH→+CH3COONa+2H2O。【小问4详解】D分子中有4种效果的氢，其核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为：2:4:4:2=1:2:2:1。22.是一种有机烯醚，可以用烃A通过下列路线制得，根据要求回答问题：（1）合成路线中A的结构简式___________，B的系统名称_____________。（2）过程③的反应类型_______。（3）C的一种同分异构体只有一种化学环境的氢原子，其结构为_____________。（4）D与氢气加成后的产物二氯代物有_______种(不考虑立体异构)。【答案】（1）①.②.1,4-二溴-2-丁烯（2）取代反应（3）（4）6【解析】【分析】A与溴发生加成反应生成B，B水解生成C，C发生取代反应生成D，依据D的结构简式可知，C为CH2(OH)CH=CHCH2OH，B为CH2BrCH=CHCH2Br，A为CH2=CH-CH=CH2。【小问1详解】由分析可知，A的结构简式为：CH2=CH-CH=CH2，B为CH2BrCH=CHCH2Br，利用系统命名法，其名称为：1，4-二溴-2-丁烯。【小问2详解】\n过程③为CH2(OH)CH=CHCH2OH脱水缩合生成D，是取代反应。【小问3详解】C为CH2(OH)CH=CHCH2OH，其同分异构体只有一种化学环境的氢原子，分子高度对称，其结构简式为：。【小问4详解】D与氢气加成后的产物为，二氯代物采用定一动一的方法，固定1个氯原子位置，另一个氯原子位置用数字表示，如图：、，共6种。23.乙酸丁酯是重要的化工原料，具有水果香味。实验室制备乙酸丁酯的反应装置示意图和有关信息如下：乙酸正丁醇乙酸丁酯熔点/℃16.6沸点熔点/℃117.9117126.0密度/1.10.800.88（1）乙酸丁酯粗产品的制备在干燥的50mL圆底烧瓶中，装入沸石，加入12.0mL正丁醇和16.0mL冰醋酸(过量)，再加\n3～4滴浓硫酸。然后再安装分水器(如图)、冷凝管，然后小火加热。写出制备乙酸丁酯的化学方程式：______。装置中冷水应从______(填“a”或“b”)口通入；通过分水器不断分离除去反应生成的水的目的是______。（2）①乙酸丁酯的精制：将乙酸丁酯粗产品用如下的操作进行精制：a．水洗b．蒸馏c．用无水干燥d．用10％碳酸钠溶液洗涤。正确的操作步骤是______(填标号)。A．abcdB．cadbC．dacbD．cdab②在乙酸丁酯的精制中，用10％碳酸钠溶液洗涤的主要目的是______。③在洗涤、分液操作中，应充分振荡，然后静置，待分层后______(填标号)。a．直接将乙酸丁酯从分液漏斗的上口倒出b．直接将乙酸丁酯从分液漏斗的下口放出c．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸丁酯从下口放出d．先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸丁酯从上口倒出（3）计算产率测量分水器内由乙酸与丁醇反应生成水的体积为1.8mL，假设在制取乙酸丁酯过程中反应物和生成物没有损失，且忽略副反应，乙酸丁酯的产率为________％(结果保留到小数点后一位)。【答案】（1）①.②.b③.使平衡正向移动，提高乙酸丁酯的产率（2）①.C②.除去产品中含有的乙酸、正丁醇等杂质，降低乙酸丁酯在水中的溶解度③.d（3）77.1％【解析】【分析】将正丁醇和冰醋酸装入燥的圆底烧瓶中，再加滴浓硫酸，按图示装置好仪器，用小火加热，产品乙酸丁酯混合少量乙酸、正丁醇、水一并蒸出，混合蒸气经冷凝管冷却，形成液体留在分水器，其中乙酸、正丁醇溶于水在下层，乙酸丁酯难溶于水，在上层，下层水溶液从下口分出，分水器内得到产品。【小问1详解】正丁醇和冰醋酸装入燥的圆底烧瓶中，再加滴浓硫酸，用小火加热，制备产品乙酸丁酯，化学方程式：\n；为增强冷却效果，冷凝管的冷凝水应充满，故装置中冷水应从b口通入；通过分水器不断分离除去反应生成的水的目的是使平衡正向移动，提高乙酸丁酯的产率。【小问2详解】①乙酸丁酯粗产品含有乙酸、正丁醇等杂质，用10％碳酸钠溶液洗涤可除去乙酸、正丁醇，用水洗除去残留的碳酸钠，再用无水干燥，最后通过蒸馏将乙酸丁酯蒸出，故操作步骤是dacb，答案选C；②在乙酸丁酯的精制中，用10％碳酸钠溶液洗涤的主要目的是除去产品中含有的乙酸、正丁醇等杂质，降低乙酸丁酯在水中的溶解度；③在洗涤、分液操作中，应充分振荡，然后静置，由于乙酸丁酯的密度小于水，待分层后先将水层从分液漏斗的下口放出，再将乙酸丁酯从上口倒出。【小问3详解】测量分水器内由乙酸与丁醇反应生成水的体积为1.8mL，水的物质的量为=0.1mol，则根据反应，可得生成乙酸丁酯的物质的量为0.1mol；该实验冰醋酸过量，加入的正丁醇质量为12.0mL×0.80=9.6g，根据反应方程式，理论上可制得乙酸正丁酯的物质的量为，则乙酸丁酯的产率为。24.化合物G可以干预冠心病患者血清炎性因子，抗动脉粥样硬化，对血管平滑肌细胞增殖有抑制作用。其合成路线如下：已知：Ⅰ．R-CNR-COOHⅡ．Ph-NO2Ph-NH2Ph-OH(Ph为苯环)（1）A→B的反应方程式为_______。（2）C→D的反应类型是_______；E的名称为_______。（3）F与过量H2发生加成反应的产物中存在_______个手性碳原子(\n连有四个不同的原子或基团的碳原子)。（4）G中含氧官能团的名称为_______。（5）满足下列条件的E的同分异构体有_______种。①含苯环的醛、酮②不含过氧键(—O—O—)③核磁共振氢谱显示四组峰，且峰面积比为3：2：2：1（6）设计以和为原料制备的合成路线_______(无机试剂、有机溶剂任用)。【答案】（1）+HNO3(浓)+H2O（2）①.还原反应②.对羟基苯乙酸（3）4（4）羟基、醚键、羰基（5）4（6）【解析】【分析】由F结构以及已知Ⅰ、Ⅱ推测出A中含有苯环，再根据A的不饱和度为6可知，A中含有—CN结构，则A为，由信息Ⅰ可知B→C是—CN变成—COOH，故C为；C→D为—NO2变为—NH2，故D为；由信息Ⅱ可知E为，以此解题。【小问1详解】由分析可知A为，A→B的反应为苯环上的硝化反应，方程式为：\n+HNO3(浓)+H2O；【小问2详解】由分析可知C为，C→D为—NO2变为—NH2，为还原反应；由分析可知E为，则起其名称为对羟基苯乙酸；【小问3详解】F与过量的氢气加成后得：，可以发现手性碳有4个；【小问4详解】由G的结构简式可知，其中含氧官能团的名称为羟基、醚键、羰基；【小问5详解】由题意可知，属于醛的有、属于酮的有、，一共4种；【小问6详解】分析产物与F结构的异同点，结合题干中给的信息，可知合成路线如下：\n。