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湖南省三湘名校教育联盟2021-2022学年高二物理下学期期中考试试卷(Word版附解析)

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三湘名校教育联盟·2022年上学期高二期中考试试卷物理本试卷共4页,全卷满分100分,考试时间75分钟。考生注意:1.答卷前,考生务必将自己的姓名,准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号,回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.电磁波已广泛应用于很多领域,下列关于电磁波的说法符合实际的是A.电磁波不能发生衍射现象B.常用的电视机遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C.根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D.光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同2.图甲是小型交流发电机的示意图,线圈ABCD绕水平轴匀速转动,为交流电流表。从图示位置开始计时,线圈中产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示。则A.电流的频率是100HzB.电流表的示数为20AC.电路中的电流方向每秒钟改变50次D.0.02s时线圈位于中性面位置3.小明在课后用铜丝自制了一个“心”形的线圈,他把一节干电池的正极朝上放在一个强磁铁上,强磁铁的S极朝上,N极朝下,然后把制成的线圈如图所示放在电池上,顶端搁在电池的正极,下部分和磁铁接触,忽略各接触面上的摩擦力,从上往下看,则 A.线圈做逆时针转动B.线圈做顺时针转动C.线圈不会转动D.转动方向无法判断4.如图所示,MON为柱状扇形透明介质的横截面,扇形的半径为R、圆心为O,A点在OM上且O、A两点的距离为0.75R,P为圆弧MN上的点。一细束单色光以入射角从A点射入介质,折射光线恰好通过P点,已知,,,则介质对该光的折射率n为A.B.C.D.5.如图所示,在匀强磁场中有一金属圆环AOC,O为圆心,圆环的半径OA和OC与磁场边缘重合,磁场方向垂直于圆环面(纸面)向里,磁感应强度大小为。使该环绕过圆心O,垂直于圆面的轴以角速度匀速转过90°,圆环中产生了感应电流,现使圆环保持图中所示位置不变,让磁场的磁感应强度大小随时间均匀变化。为了产生与圆环转过90°过程中同样大小的电流,则磁感应强度随时间的变化率的大小应为 A.B.C.D.6.在图示电路中,理想变压器原、副线圈的匝数之比为1∶4,定值电阻、的阻值分别为8Ω和32Ω,a、b两端接电压瞬时值的交变电流。则消耗的功率为A.4WB.8WC.16WD.32W二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7.如图甲所示为一列简谐横波在:s时的波形图,P为平衡位置在m处的质点,图乙所示为质点P的振动图像,下列说法中正确的是A.该波的传播速度为10m/sB.该波沿x轴负方向传播C.s时,质点P的速度为零,加速度最大 D.从时刻开始计时,质点P的振动方程为8.电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场正交,如图所示。质量为m的带电粒子在垂直于磁场方向的竖直平面内,做半径为R的匀速圆周运动,重力加速度为g,下列结论正确的是A.粒子带负电,且B.粒子速度大小C.粒子沿逆时针方向转动D.粒子的机械能守恒9.如图所示,空间有一宽度为L的匀强磁场区域,磁场方向垂直纸面向里,abc是由均匀电阻丝做成的等腰直角三角形线框,bc边上的高也为L。图示时刻,bc边与磁场边界平行,a点在磁场边界上。现使线框从图示位置匀速通过磁场区,速度方向始终与磁场边界垂直,若规定图示线框的位置,感应电流i沿方向为正方向,线框受到的安培力F方向向左为正,则下列图像可能正确的是 ABCD10.风力发电将风的动能转化为电能,某风力发电机的输出功率为10kw,输出电压为250V,用户得到的电压为220V,输电线的电阻为20Ω,输电线路如图所示,若输电线因发热而损失的功率为输送功率的5%,变压器均视为理想变压器,则下列说法正确的是A.用户得到的电功率为9.5kWB.通过输电线的电流为4AC.升压变压器原、副线圈的匝数之比为1∶10D.降压变压器原、副线圈的匝数之比为95∶11三、非选择题:共56分。11.(6分)某物理学习小组做了以下关于电磁感应的实验,首先按甲图接线,当闭合S时观察到电流表指针向左偏,不通电时电流表指针停在正中央。然后按乙图所示将电流表与线圈B连成一个闭合回路,将线圈A、电池、滑动变阻器和电键S串联成另一个闭合电路。请完成下列问题:(下列各问均选填“向左偏”、“向右偏”或“不偏”)(1)乙图电路S闭合后,将线圈A竖直向下靠近线圈B的过程中,电流表的指针将____________。(2)乙图电路S闭合后,线圈A放在线圈B正上方不动时,在突然断开S时,电流表的指针将__________。(3)乙图电路S闭合后,线圈A放在线圈B正上方不动时,在滑动变阻器滑片向左滑动过程 中,电流表的指针将____________。12.(8分)在“验证动量守恒定律”的实验中:(1)某同学先采用如图甲所示的装置进行实验。把两个小球用等长且不可伸长的细线悬挂于同一点,让B球静止,拉起A球,由静止释放后使它们相碰,碰后粘在一起。(小球的直径d相等且远小于细线长度L)(ⅰ)实验中必须测量的物理量有____________(填选项前的字母)。A.细线的长度LB.A球质量和B球质量C.释放时A球被拉起的角度D.碰后摆起的最大角度E.当地的重力加速度g(ⅱ)利用上述测量的物理量,验证动量守恒定律的表达式为____________。(2)某同学又用如图乙所示的装置做验证动量守恒定律的实验,下列说法中不符合本实验要求的是____________(填选项前的字母)。A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端的切线是水平的C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置由静止释放D.入射小球与被碰小球满足,(3)若该同学在用如图乙所示的装置的实验中,正确操作,认真测量,得出的落点情况如图丙所示,则入射小球质量和被碰小球质量之比为____________。13.(12分)在边长为2a的正△ABC内存在垂直纸面向里的磁感强度为B的匀强磁场,有一电荷量为q()、质量为m的粒子从距A点的D点垂直AB方向垂直进入磁场,如图所示,不计粒子重力,求:(1)若粒子能从AB间射出,求粒子在磁场中运动的时间;(2)若粒子运动轨迹刚好与BC边相切,求粒子的入射速度及在磁场中运动的时间。 14.(13分)两根金属导轨MN和PQ平行固定在倾角的绝缘斜面上,导轨下端接有定值电阻,其他部分电阻不计。布满整个斜面的匀强磁场垂直于斜面向上,磁感应强度为T。质量为kg、电阻为的金属棒ab由静止释放,沿导轨下滑,如图所示,设导轨足够长,导轨宽度m,金属棒ab下滑过程中始终与导轨垂直且接触良好,当金属棒下滑的高度为m时,恰好达到最大速度,求此过程中:(答案用小数表示)(1)金属棒受到的摩擦阻力;(2)电阻R中产生的热量;(3)通过电阻R的电量。15.(17分)如图所示,小滑块A位于长木板B的左端,现让小滑块A和长木板B一起以相同速度m/s在光滑的水平面上滑向前方固定在地面上的木桩C。长木板B与木桩C每次碰撞时间极短,且每次碰撞后B以原速率弹回。相互作用过程中小滑块A没有与木桩C发生碰撞且小滑块A始终在长木板B上。已知A、B的质量分别为kg、kg,A、B间动摩擦因数,重力加速度。求: (1)B与C第二次碰前长木板B的速度大小;(2)长木板B的长度至少是多少?(3)B与C第一次碰后到最终停止运动,B运动的总路程。高二物理参考答案题号12345678910答案CBADCBBCABACAD1.C解析:任何波都能发生衍射现象,故A选项错误;常用的遥控器是通过发出红外线脉冲信号来遥控的,故B选项错误;根据多普勒效应可以判断遥远天体相对地球的运动速度,故C选项正确;由相对论知光在真空中的传播在不同的惯性参考系中数值不变,D选项错误。2.B解析:由图可知,周期为s,所以频率为Hz,故A错误;电流表的示数为有效值A,故B正确;线圈转一周,电流改变2次,故1s内改变的次数为,故C错误;0.02s时线圈中的感应电流达到最大,线圈处于垂直中性面位置,故D错误。3.A解析:“心”形的线圈,左半部分电流由上到下,磁场的方向有向右的分量,根据左手定则可知,安培力是向外的;右半部分电流也是由上到下,磁场的方向有向左的分量,根据左手定则可知,安培力是向内的,则从上往下看,线圈做逆时针转动,故A正确。4.D解析:在△POA中,,解得,由折射定律得,故选D。5.C解析:设半径为r,线框的电阻为R,该线框绕过圆心O、垂直于圆面的轴以角速度匀速转动90°,在线框中产生的感应电流,线框保持图中所示位置,磁感应强度大小随时间线性变化。为了产生与线框转动90°过程中同样大小的电流,有 ,所以有,故C正确,ABD错误。6.B解析:由题意可知a、b两端电压的有效值为,设通过电流表的电流为I,则变压器副线圈两端的电压,原线圈,原线圈电流为,又,联立并代入数据解得,所以消耗的功率为,故选项B正确。7.BC解析:由题图甲可知,该波的波长为m,由由题图乙可知,质点P的振动周期为s,由可得m/s,故A错误;由题图乙可知,当s时,质点P正从平衡位置向y轴负方向运动,根据“上下坡法”可知,该波一定沿x轴负方向传播,故B正确;由题图乙可知,当s时,质点P正处于波谷,所以此时质点P的速度大小为零,加速度最大,故C正确;由图可知,振幅为10cm,角速度为:,分析P点振动可知,初相位为0,所以振动方程为,故D错误。8.AB解析:带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动,有,可得电荷量,根据电场强度方向和电场力方向判断出粒子带负电,故A正确;由左手定则可判断粒子沿顺时针方向运动,故C错误;带电粒子在竖直平面内做匀速圆周运动,有,根据牛顿第二定律,解得,故B正确;由于电场力做功,故机械能不守恒,故D错误。9.AC解析:进入磁场的过程中,线框切割磁感线的有效长度,回路中的感应电流,随时间均匀增加,根据楞次定律,电流方向为正;出磁场时,由于前后感应电动势抵消,电流也均匀增加,根据楞次定律,电流方向为负,因此A正确、B错误;进入磁场时,线框所受安培力,方向向左,出磁场时与入磁场时完全相同,方向也向左,因此C正确,D错误。 10.AD解析:用户得到的电功率即降压变压器的输出功率kW故A正确;输电线损失的功率,通过输电线的电流,升压变压器的输出电压,可得升压变压器原、副线圈的匝数之比,故B、C错误;输电线上的电压损失,降压变压器原线圈两端的电压,可得降压变压器原、副线圈的匝数之比,故D正确。11.答案:(1)向右偏 (2)向左偏 (3)向右偏(每空2分)解析:(1)将线圈A竖直向下靠近线圈B的过程中,线圈B中磁场的方向为向上,磁通量增大,根据楞次定律可得感应电流的磁场方向为向下,感应电流从“-”接线柱流入电表,所以指针向右偏;(2)若突然断开S,线圈B磁通量减小,原磁场方向向上,根据增反减同可得:感应电流磁场向上,感应电流从“+”接线柱流入电表,所以指针向左偏;(3)在滑动变阻器滑片向左滑动过程中,电阻减小,电流增大,B线圈的磁通量增大,同理可得:指针向右偏。12.答案:(1)BCD  (2)AD (3)3:2(每空2分) 解析:(1)A球静止释放到两球碰撞前,根据机械能守恒定律有,两球碰撞后到一起运动到最高点,根据机械能守恒定律有,碰撞中的不变量满足(),验证动量守恒定律的表达式为,需测量的物理量为A球的质量和B球的质量以及释放时A球被拉起的角度和碰后摆起的最大角度,故选BCD;(2)A.“验证动量守恒定律”的实验中是通过平拋运动的基本规律求解碰撞前后的速度,只要小球离开轨道后做平抛运动对斜槽是否光滑没有要求,故A错误,符合题意;B.要保证每次小球都做平抛运动则轨道的末端必须水平,故B正确,不符合题意;C.要保证碰撞前的速度相同,所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下,故C正确,不符合题意; D.为了保证小球碰撞为对心正碰,且碰后不反弹,要求,,故D错误,符合题意。故选AD。(3)设落地时间为t,则有,,,而动量守恒的表达式为,即,代入数据可得。13. 解析:(1)设粒子速率为时,粒子从AB边穿出磁场,其轨迹为一个半圆由洛伦兹力充当向心力:(2分)由周期公式得:(2分)粒子在磁场中运动的时间为(1分)联立解得(1分)(2)当粒子速率为时,其圆轨迹正好与BC边相切于F点,与AC相交于G点,可知A点即为粒子轨迹的圆心,则(1分)又由(2分)解得(1分)粒子在磁场中运动的时间为(1分) 解得(1分)14.解析:(1)当金属棒速度恰好达到最大速度时,加速度为零,则(1分)根据法拉第电磁感应定律:(1分)由闭合电路欧姆定律:(1分)解得(1分)(2)下滑过程,根据能量守恒(2分)解得电路中产生的总电热为(1分)此过程中电阻R中产生的热量(2分)(3)设通过电阻R的电量为q,由,(2分)得(2分)15.解析:(1)第一次碰后动量守恒(2分)解得(1分)(2)全过程能量守恒(2分)可得(2分) (3)第1次碰后到第2次碰前:(1分)解得(1分)第2次碰后到第3次碰前:(1分)解得(1分)所以、、……为等比数列,公比为(1分)B与C第一次碰后向左运动的的最大距离,对长木板,由动能定理(1分)B与C第二次碰后向左运动的的最大距离,对长木板,由动能定理(1分)B与C第三次碰后向左运动的的最大距离,对长木板,由动能定理(1分),,…,为等比数列,公比为,求和可得(2分)

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所属: 高中 - 物理
发布时间:2022-04-27 16:00:07 页数:13
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文章作者:随遇而安

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