四川省树德中学2021-2022学年高二数学(理)下学期4月阶段性测试(PDF版附解析)
资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。
x112树德中学高2020级高二下学期4月阶段性测试数学(理科)试题8.已知函数f(x)满足f(x)f(1)ef(0)xx,则f(1)的值为()2命题人、审题人:高二数学备课组1A.eB.C.1D.0考试时间:120分钟;满分:150分e第I卷(选择题)259.已知a,be,c,则以下不等式正确的是()一、单选题(每小题仅有一个正确选项,选对得5分,共60分)ln2ln5A.cabB.cbaC.bacD.bca1.已知x,yR,i为虚数单位,且y2i2yx,则xy的值为()x2x10.若函数fxxeme有两个极值点,则实数m的取值范围是()A.1B.2C.3D.422.函数f(x)4.9x在区间[1,2]上的平均变化率等于()111A.0,B.,0C.,0D.0,422A.4.9B.9.8C.14.7D.19.6f(2x)f(2)33.设函数yf(x)在R上可导,则lim等于()11.fx是定义在R上的函数,fx是fx的导函数,已知fxfx,且f1e,f2e,x0xA.f(2)B.f(2)C.f(2)D.以上都不对22x1则不等式ef2x1e0的解集为()14.吹气球时,气球的半径r(单位:dm)与体积V(单位:L)之间的函数关系是3V3(0V5),r(V)43,,3A.B.1,C.D.,122则气球在V1时的瞬时膨胀率为()xx221112.已知函数fxxe1aea,则下列命题为真的个数是()A.133B.33C.133D.33344344a2①fx的极小值点为ae;5.用数学归纳法证明等式“1222322n12n12n12n3②若存在x00,使得fx00,则整数a的最小值为4;”,当nk1时,等式左边32xx应在nk的基础上加上()③若gxfx(x2x+e)a3e,则当a0时,gx有两个零点,且其中一个零点所在的区间为22A.2k1B.2k3e(,1).a22222C.2k22k3D.2k12k22k3A.0B.1C.2D.3第II卷(非选择题)6.2xsinxdx()二、填空题(每小题5分,共20分)013.函数f(x)sinxx,x(0,)的单调递减区间为____________.2222A.1B.1C.1D.1__888814.把复数z的共轭复数记作z,已知12iz43i(其中i是虚数单位),则z___________.127.已知函数f(x)xcosx,则f(x)的导函数f(x)的图象大致是()(x1)f(x)415.已知在R上可导的函数f(x)的图象如右图所示,则不等式0f(x)的解集为_______.2xA.B.C.D.16.已知x0是函数fxln1x的极大值点,则m的值为23mxx2________.高二数学(理科)2022-04阶考第1页共2页
x三、解答题(17题满分10分,18-22题,每题满分12分,共70分)e20.已知函数f(x)a.1312x17.已知函数fxxx2x1.32f(x)a(1)若g(x),当x(0,1)时,试比较g(x)与g(2x)的大小;x(1)写出函数fx的单调区间;(2)若f(x)的两个不同零点分别为x1,x2(x1x2),求证:x1x22.(2)讨论函数fx的极大值和极小值是否存在.如果存在,求出极值.1221.已知函数f(x)xlnxaxx.sinx218.已知f(x)x(1)若函数g(x)f(x),且g(x)最大值为1,求实数a的值;(1)求曲线yf(x)在x处切线的方程;x1(2)若不等式g(x)exa在x[1,)上恒成立,求实数a的取值范围.(2)求函数f(x)在区间[,]上的最值.2222.已知函数fxx(a2)xalnx2a2,其中a2.19.已知函数fxaxlnexaR.(1)求fx的单调区间;(1)当a1时,求函数fx的最小值;(2)讨论函数fx的零点个数.x1(2)若gxfx(ea1)x,求gx的最小值.e高二数学(理科)2022-04阶考第2页共2页
5.2复习巩固第5题)改编.树德中学高2020级高二下学期4月阶段性测试数学(理科)试题xcosxsinx【解析】解:(1)f(x)2x参考答案11当x时,y0,即切点坐标为,0,切线斜率为k,故所求切线方程为y(x),即1.B【源自】人教2003A版选修2-2P104练习3(人教2019A版必修第二册P70练习3).2.C【源自】人教2003A版选修2-2P3问题2(人教2019A版选择性必修第二册P59问题1)改编.xy0;--------------6分3.A【源自】人教2003A版选修2-2P6例1(人教2019A版选择性必修第二册P65例2)改编.(2)当x[,]时,xcosxsinx0,所以f(x)0.4.C【源自】人教2003A版选修2-2P9练习(人教2019A版选择性必修第二册P70练习4)改编.25.C【源自】人教2003A版选修2-2P94例1(人教2019A版选择性必修第二册P70练习4)改编.2故函数f(x)在区间[,]上单调递减.所以f(x)f(),f(x)f()0.--------------6分6.B【源自】人教2003A版选修2-2P55习题1.6第1题第(5)小题(人教2019A版无此内容)改编.2max2min7.A【源自】人教2003A版选修2-2P10习题1.1A组第6题(人教2019A版选择性必修第二册P71第1019.【源自】人教2003A版选修2-2P32B组第1题(人教2019A版选择性必修第二册P99第12题)改编.题)改编.1x18.A【源自】人教2003A版选修2-2P26练习第1题(人教2019A版选择性必修第二册P99第2题)改【解析】(1)当a1时,fxxlnx1,其定义域为0,,fx1,xx编.9.A【源自】人教2003A版选修2-2P26练习第1题第(2)小题(人教2019A版选择性必修第二册P89当x(0,1)时,fx0,fx单调递减,x1,时,fx0,fx单调递增,例4)改编.10.D【源自】人教2003A版选修2-2P26练习第1题、P32第4小题(人教2019A版选择性必修第二册综上所述,fxminf10.--------------5分P89例4、P92练习第1题)改编.(2)方法1:隐零点11.B【源自】人教2003A版选修2-2P18习题1.2A组第4题(人教2019A版选择性必修第二册P81习x1题5.2复习巩固第1题)改编.gxxelnxx1,x0e12.C【源自】人教2003A版选修2-2P32B组第1题、第2小题等(人教2019A版选择性必修第二册P99x1第12、13题)改编.又gx(x1)e1,x0x13.(0,)【源自】人教2003A版选修2-2P24例2第(3)题(人教2019A版选择性必修第二册P86例1第(2)题).所以gx为0,上的增函数.14.2i【源自】人教2003A版选修2-2P116复习参考B组第1题(人教2019A版必修第二册P95第22e21227题).又ge(e1)e1(e1)ee10,g12e202e15.(,2)(1,0)(1,)【源自】人教2003A版选修2-2P24例1(人教2019A版选择性必修第二册P86-87例2)改编.2ex01,也即所以存在x0e,1,使得gx00,即x0lnx0.x0116.【源自】2018年全国III卷压轴题改编.18又gx为0,上的增函数,17.【源自】人教2003A版选修2-2P28例4改编(人教2019A版选择性必修第二册P87例3).【解析】(1)fxx2x2(x1)(x2).所以x0,x0时,gxgx00,gx在0,x0上为减函数;令fx0,得x1或x2.易知,在区间,1上,fx0,fx单调递增;在区间1,2上,xx0,时,gxgx00,gx在x0,上为增函数;x111因而,gxgxxe0lnxx11xx1.--------------7分fx0,fx单调递减;在区间2,上,fx0,fx单调递增.故函数的增区间为,1和min0000e00ee方法2:同构(此法建议也给满分)2,;减区间为1,2.--------------6分由(1)知lnxx1,所以有lnxx1xee,即ex1.137(2)易知当x1时,fx有极大值f(1);当x2时,fx有极小值f(2).-----4分63因为xexelnxx,所以xexelnxxlnxx1,当且仅当lnxx0时取等.18.【源自】人教2003A版选修2-2P18习题1.2A组第7题(人教2019A版选择性必修第二册P81习题高二数学(理科)2022-04阶考第3页共2页
x11xx所以gxxelnxx1.e1e2x1x2ee由题知0,取对数有x1x2lnx1lnx2,即1xxlnxlnx12121因而当x0lnx0时,gx有最小值.exxxx121220.【源自】人教2003A版选修2-2P18习题1.2A组第7题(人教2019A版选择性必修第二册P81习题又(要补证),所以x1x22.lnxlnx2125.2复习巩固第5题)和高考题的改编.xxe(x2)e方法3:差变量代换【解析】(1)g(x),g(x),23xxxe1ax0,1当x(0,1)时,2x(1,2),且x2x由题知1得xx(ex1ex2),要证xx2,即证x1x2x1212ee2ae2ax0,a2又当x(,2)时,g(x)0,所以g(x)g(2x).--------------4分x(2)f(x)(x1)eex1ex2ex1ex2x1x2x1x22aex1ex22eee1x又,即证,也即证xx22xxxx12ex1ex2ex1x211212f(x)在(,1)上单调递减,在(1,)上单调递增.t所以f(x)minf(1)ea记tx1x2,则t0,0e1,又f(x)有两个不同零点,所以ae.t2(e1)因此只要证明:t0,eaa2taeaeae1此时f(e)aea0,f(a)aa0,aeaat2(x1)再次换元令ex(0,1),tlnx,即证lnx0,x(0,1)x1a所以存在x(e,1),x(1,a),符合题意.--------------6分122(x1)构造新函数F(x)lnx,F(1)0方法1:分析法x1xx2,即证x2x.2要证122114(x1)求导F(x)0,得F(x)在(1,)上递增,xx2xx2(1)(1)因为x21,12x12,且f(x)在(1,)上单调递增,所以F(x)F(1)0,得证.21.【源自】人教2003A版选修2-2P18习题1.2A组第6题、P26练习1第1题(人教2019A版选择性必所以只需证fx2f2x1.修第二册P81习题5.2复习巩固第4题和P87练习第1题)改编.1因为fx2fx1,所以即证fx1f2x1.【解析】(1)解:g(x)f(x)lnxax(aR),其定义域为(0,),且g(x)a.x令F(x)f(x)f(2x),x(0,1)①若a0,则g(x)在(0,)上递增,此时f(1)a0,不合题意,舍去.x2xee11F(x)f(x)f(2x)(x1)[22](x1)[g(x)g(2x)],x(0,1)②若a0,则g(x)在0,上递增,f(x)在,上递减.x(2x)aa由(1)知,g(x)g(2x)1所以[g(x)]maxflna1,令lna11,得a1.ax2xee所以F(x)f(x)f(2x)(x1)[22](x1)[g(x)g(2x)]0综上得:a1.--------------4分x(2x)(2)方法1:分离参数所以F(x)在(0,1)上为减函数,故F(x)F(1)0,得证.--------------12分由题知x1lnxaxexa0在x[1,)上恒成立,方法2:对数平均值不等式(需补证)高二数学(理科)2022-04阶考第4页共2页
22.【源自】2016、2017年全国卷高考试题的改编.x1也即a(x1)lnxex在x[1,)上恒成立.a(x1)(2xa)【解析】fx2x(a2)x当x1时,aR;xxx1lnxex当x1时,a;--------------7分(1)当a0时,fx在(0,1]为减函数,在(1,)为增函数;x1x11aax1(2x)elnx当0a2时,fx在(0,)和(1,)上为增函数;fx在(,1)为减函数;lnxexx22令(x),则(x)x12(x1)当a2时,fx在(0,)上为增函数.--------------4分x11x11再令m(x)(2x)elnx,则m(x)(1x)(e)0x2x(2)当a0时,fxf1a1min所以m(x)m(1)0,故(x)0,(x)在(1,)上单减.x1x111lnxexlnxex(ln1e1)又lim(x)limlim①若1a0,则fxfxa10,此时函数fx无零点;minx1x1x1x1x1x11x1(lnxex)|x1(e1)|x11(导数的定义)②若a1,fxminf1a10,此时函数fx有且仅有一个零点;x故a1,综上实数a的取值范围为[1,).--------------12分2422422③若a1,fxf1a10,又fee(a2)ealne2a2e2e2(4e)a0min方法2:直接分类讨论x1fe2e4(a2)e2alne22a2e42e22ae2e42e22e20因为不等式g(x)exa在x[1,)上恒成立,所以不等式lnxaxex1xa0在x[1,)上恒成立.(零点的存在性,若用极限limfx刻画建议扣2分,只要找到,合理就给分)x0x11x1,(e2,1)(1,e2)各有一个零点,共两个零点;--------------8分令F(x)lnxaxexa,则F(x)ae1所以函数fx在和x1x11x1,④当0a2时,fxf1a10,fxf1a10令h(x)ae1,则h(x)e02极小值极大值xx所以h(x)在[1,)上递减.--------------7分所以函数fx在(1)无零点,①若a1,则h(x)h(1)1a0,即F(x)0,所以F(x)在[1,)上递减,所以F(x)F(1)0符合题意.而当0x1时,fxx[x(a2)]alnx2a2alnx2a21x1[注:也可以通过e0,1a0得到F(x)0]--------------9分x2a22a2xea1,则有fx0,故函数fx在a②若a1,则2a1,1ln(2a)1,只需取00(e,1)上有一个零点.11h(1ln(2a))a(2a)110,综上,当1a0时,函数fx无零点;当a1或0a2时,函数fx有唯一零点;当a1时,1ln(2a)1ln(2a)[注:“取点”方法不唯一,例如h(2a)0]函数fx有两个零点.--------------12分又h(1)1a0,h(x)在[1,)上单调递减,所以存在唯一实数x0(1,1ln(2a)),使得hx00.当x1,x0时,h(x)0,即F(x)0,所以F(x)在1,x0上递增,所以F(x)F(1)0,不合题意.综上,实数a的取值范围是[1,).--------------12分高二数学(理科)2022-04阶考第5页共2页
版权提示
- 温馨提示:
- 1.
部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
- 2.
本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
- 3.
下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
- 4.
下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)