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三年模拟一年创新2022届高考数学复习第六章第二节等差数列及其前n项和理全国通用
三年模拟一年创新2022届高考数学复习第六章第二节等差数列及其前n项和理全国通用
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A组 专项基础测试三年模拟精选一、选择题1.(2022·广东东莞一模)设{an}是等差数列,若a2=3,a7=13,则数列{an}前8项和为( )A.128B.80C.64D.56解析 因为{an}是等差数列,且a2=3,a7=13,则公差d=2,a1=1,所以S8=8a1+d=8+56=64,故选C.答案 C2.(2022·云南省昆明模拟)已知公差不为零的等差数列{an}的前n项和为Sn,若a10=S4,则等于( )A.4B.5C.8D.10解析 由a10=S4得a1+9d=4a1+d=4a1+6d,即a1=d≠0.所以S8=8a1+d=8a1+28d=36d,所以===4,选A.答案 A3.(2022·广东梅县测试)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若=a1+a200,且A、B、C三点共线(该直线不经过点O),则S200等于( )A.100B.101C.200D.201解析 ∵=a1+a200,且A、B、C三点共线,∴a1+a200=1,∴S200==100.答案 A4.(2022·辽宁抚顺调研)在等差数列{an}中,a1>0,a10·a11<0,若此数列的前10项和S10=36,前18项和S18=12,则数列{|an|}的前18项和T18的值是( )A.24B.48C.60D.84解析 由a1>0,a10·a11<0可知d<0,a10>0,a11<0,∴T18=a1+…+a10-a11-…-a18=S10-(S18-S10)=60,故选C.5\n答案 C二、填空题5.(2022·福建福州一模)已知等差数列{an},其中a1=,a2+a5=4,an=33,则n的值为________.解析 在等差数列{an}中,a2+a5=2a1+5d=+5d=4,所以d=,又an=+(n-1)=33,解得n=50.答案 506.(2022·天津河西5月)定义运算=ad-bc,函数f(x)=图象的顶点是(m,n),且k,m,n,r成等差数列,则k+r=________.解析 f(x)=(x-1)(x+3)+2x=x2+4x-3=(x+2)2-7,顶点是(-2,-7).因为k,m,n,r成等差数列,所以k+r=m+n=-9.答案 -9一年创新演练7.已知数列{an}中,a1=1,a2=2,当整数n>1时,Sn+1+Sn-1=2(Sn+S1)都成立,则S15=________.解析 由Sn+1+Sn-1=2(Sn+S1)得(Sn+1-Sn)-(Sn-Sn-1)=2S1=2,即an+1-an=2(n≥2),所以数列{an}从第二项起构成等差数列,则S15=1+2+4+6+8+…+28=211.答案 2118.公差不为0的等差数列{an}的部分项ak1,ak2,ak3,…构成等比数列,且k1=1,k2=2,k3=6,则k4=________.解析 根据题意可知等差数列的a1,a2,a6项成等比数列,设等差数列的公差为d,则有(a1+d)2=a1(a1+5d),解得d=3a1,故a2=4a1,a6=16a1⇒ak4=64a1=a1+(k4-1)·(3a1),解得k4=22.答案 22B组 专项提升测试三年模拟精选一、选择题9.(2022·浙江杭州一模)已知函数f(x)=cosx,x∈(0,2π)有两个不同的零点x1,x2,5\n且方程f(x)=m有两个不同的实根x3,x4,若把这四个数按从小到大排列构成等差数列,则实数m的值为( )A.B.-C.D.-解析 若m>0,则公差d=-=π,显然不成立,所以m<0,则公差d==.所以m=cos=-,故选D.答案 D二、填空题10.(2022·福建厦门质检)公差不为零的等差数列{an}的三项a1,a4,a16成等比数列,则的值是________.解析 由已知得a=a1·a16,即(a1+3d)2=a1·(a1+15d),∴d=a1,∴==.答案 11.(2022·广东深圳联考)设Sn为等差数列{an}的前n项和,若a4=1,S5=10,则当Sn取得最大值时,n的值为________.解析 由a4=a1+3d=1,S5=5a1+10d=10,得a1=4,d=-1,Sn=4n-=,∴n=4或5时,Sn最大.答案 4或512.(2022·江苏无锡一模)设函数f(x)=+2,若a,b,c成等差数列(公差不为零),则f(a)+f(c)=________.解析 依题意得b-a=c-b,即-(a-b)=c-b,则f(a)+f(c)=+2++2=++4=0+4=4.答案 4三、解答题5\n13.(2022·河北衡水模拟)已知等差数列{an}中,a2+a6=6,Sn为其前n项和,S5=.(1)求数列{an}的通项公式;(2)令bn=(n≥2),b1=3,Sn=b1+b2+…+bn,若Sn<m对一切n∈N*成立,求最小正整数m.解 (1)由a2+a6=6,得a4=3,又由S5==5a3=,得a3=,设等差数列{an}的公差为d,则解得∴an=n+.(2)当n≥2时,bn===,当n=1时,上式同样成立,∴Sn=b1+b2+…+bn==,又随n递增,且<≤m,∴m≥5,mmin=5.14.(2022·北京西城模拟)已知数列{an}满足a1=1,nan+1=(n+1)an+cn(n+1)(c为常数).(1)证明:{}是等差数列;(2)若{an}是正数组成的数列,试给出不依赖于n的一个充分必要条件,使得数列{}是等差数列,并说明理由.(1)证明 由nan+1=(n+1)an+cn(n+1)可得=+c,所以{}是等差数列.(2)解 由(1)可得=1+(n-1)c,则an=n+n(n-1)c.{}是等差数列的充要条件是=an+b,即a2n2+2abn+b2=cn2+(1-c)n⇒c=1.5\n一年创新演练15.已知数列{an}的前n项和Sn=-an-+2(n∈N*),数列{bn}满足bn=2n·an.(1)求证数列{bn}是等差数列,并求数列{an}的通项公式;(2)设cn=log2,数列的前n项和为Tn,求满足Tn<(n∈N*)的n的最大值.(1)证明 在Sn=-an-+2中,令n=1,可得S1=-a1-1+2=a1,得a1=.当n≥2时,Sn-1=-an-1-+2,∴an=Sn-Sn-1=-an+an-1+,即2an=an-1+.∴2n·an=2n-1·an-1+1.∵bn=2n·an,∴bn=bn-1+1.又b1=2a1=1,∴{bn}是以1为首项,1为公差的等差数列.于是bn=1+(n-1)·1=n,∴an=.(2)解 ∵cn=log2=log22n=n,∴==-.∴Tn=++…+=1+--.由Tn<,得1+--<,即+>,f(n)=+单调递减,∵f(3)=,f(4)=,f(5)=,∴n的最大值为4.5
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高考 - 二轮专题
发布时间:2022-08-26 00:01:28
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文章作者:U-336598
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