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高考数学一轮复习第7章立体几何第7讲立体几何中的向量方法第1课时知能训练轻松闯关理北师大版
高考数学一轮复习第7章立体几何第7讲立体几何中的向量方法第1课时知能训练轻松闯关理北师大版
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第7讲立体几何中的向量方法第1课时1.如图所示,平面PAD⊥平面ABCD,ABCD为正方形,△PAD是直角三角形,且PA=AD=2,E,F,G分别是线段PA,PD,CD的中点.求证:PB∥平面EFG.证明:因为平面PAD⊥平面ABCD,且ABCD为正方形,所以AB,AP,AD两两垂直.以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系Axyz,则A(0,0,0),B(2,0,0),C(2,2,0),D(0,2,0),P(0,0,2),E(0,0,1),F(0,1,1),G(1,2,0). 法一:=(0,1,0),=(1,2,-1), 设平面EFG的法向量为n=(x,y,z),则即令z=1,则n=(1,0,1)为平面EFG的一个法向量,因为=(2,0,-2),所以·n=0,所以n⊥,因为PB平面EFG,所以PB∥平面EFG.法二:=(2,0,-2),=(0,-1,0),=(1,1,-1).设=s+t,即(2,0,-2)=s(0,-1,0)+t(1,1,-1),所以解得s=t=2.所以=2+2,又因为与不共线,所以,与共面.因为PB平面EFG,所以PB∥平面EFG.2.如图,在直三棱柱ABCA1B1C1中,△ABC为等腰直角三角形,∠BAC=90°,且AB=AA1,D,6\nE,F分别为B1A,C1C,BC的中点.求证:(1)DE∥平面ABC;(2)B1F⊥平面AEF.证明:如图,建立空间直角坐标系Axyz,令AB=AA1=4,则A(0,0,0),E(0,4,2),F(2,2,0),B(4,0,0),B1(4,0,4).(1)取AB中点N,则N(2,0,0),C(0,4,0),D(2,0,2),所以=(-2,4,0),=(-2,4,0),所以=,所以DE∥NC.又NC平面ABC,DE平面ABC,故DE∥平面ABC.(2)因为=(-2,2,-4),=(2,-2,-2),=(2,2,0),所以·=(-2)×2+2×(-2)+(-4)×(-2)=0,所以⊥,即B1F⊥EF.因为·=(-2)×2+2×2+(-4)×0=0,所以⊥,即B1F⊥AF,又AF∩FE=F,所以B1F⊥平面AEF.3.如图所示,四棱锥SABCD的底面是正方形,每条侧棱的长都是底面边长的倍,P为侧棱SD上的点.(1)求证:AC⊥SD.(2)若SD⊥平面PAC,则侧棱SC上是否存在一点E,使得BE∥平面PAC.若存在,求SE∶EC的值;若不存在,试说明理由.解:(1)证明:连接BD,设AC交BD于点O,则AC⊥BD.由题意知SO⊥平面ABCD.以O为坐标原点,,,分别为x轴,y轴,z轴的正方向,建立空间直角坐标系,如图.设底面边长为a,则高SO=a,于是S,6\nD,B,C,=,=,则·=0.故OC⊥SD.从而AC⊥SD.(2)棱SC上存在一点E,使BE∥平面PAC.理由如下:由已知条件知是平面PAC的一个法向量,且=,=,=.设=t,则=+=+t=,而·=0⇔t=.即当SE∶EC=2∶1时,⊥.而BE不在平面PAC内,故BE∥平面PAC.4.如图,已知AB⊥平面ACD,DE⊥平面ACD,△ACD为等边三角形,AD=DE=2AB,F为CD的中点.(1)求证:AF∥平面BCE;(2)求证:平面BCE⊥平面CDE.证明:(1)设AD=DE=2AB=2a,建立如图所示的空间直角坐标系Axyz,则A(0,0,0),C(2a,0,0),B(0,0,a),D(a,a,0),E(a,a,2a).因为F为CD的中点,所以F.=,=(a,a,a), =(2a,0,-a).6\n因为=(+),AF平面BCE,所以AF∥平面BCE.(2)因为=,=(-a,a,0),=(0,0,-2a),所以·=0,·=0,所以⊥,⊥.又CD∩DE=D,所以⊥平面CDE,即AF⊥平面CDE.又AF∥平面BCE,所以平面BCE⊥平面CDE.1.如图所示,在四棱锥PABCD中,PC⊥平面ABCD,PC=2,在四边形ABCD中,∠B=∠C=90°,AB=4,CD=1,点M在PB上,PB=4PM,PB与平面ABCD成30°角.(1)求证:CM∥平面PAD;(2)求证:平面PAB⊥平面PAD.证明:(1)以C为坐标原点,分别以CB所在直线为x轴,CD所在直线为y轴,CP所在直线为z轴建立如图所示的空间直角坐标系Cxyz,因为PC⊥平面ABCD,所以∠PBC为PB与平面ABCD所成的角,所以∠PBC=30°.因为PC=2,所以BC=2,PB=4.所以D(0,1,0),B(2,0,0),A(2,4,0),P(0,0,2), M,所以=(0,-1,2),=(2,3,0),=,令n=(x,y,z)为平面PAD的一个法向量,则即所以令y=2,得n=(-,2,1).因为n·=-×+2×0+1×=0,所以n⊥,又CM平面PAD,所以CM∥平面PAD.6\n(2)取AP的中点E,则E(,2,1),=(-,2,1).因为PB=AB,所以BE⊥PA,又因为·=(-,2,1)·(2,3,0)=0,所以⊥,所以BE⊥DA,又PA∩DA=A,所以BE⊥平面PAD,又因为BE平面PAB,所以平面PAB⊥平面PAD.2.如图,正△ABC的边长为4,CD是AB边上的高,E、F分别是AC和BC边的中点,现将△ABC沿CD翻折成直二面角ADCB.(1)试判断直线AB与平面DEF的位置关系,并说明理由;(2)在线段BC上是否存在一点P,使AP⊥DE?如果存在,求出的值;如果不存在,请说明理由.解:(1)AB∥平面DEF,理由如下:在△ABC中,由E、F分别是AC、BC的中点,得EF∥AB.又因为AB平面DEF,EF平面DEF,所以AB∥平面DEF.(2)以点D为坐标原点,直线DB、DC、DA分别为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系(如图所示),则A(0,0,2),B(2,0,0),C(0,2,0),E(0,,1),故=(0,,1).假设存在点P(x,y,0)满足条件,则=(x,y,-2),·=y-2=0,所以y=.又=(x-2,y,0),=(-x,2-y,0),∥,所以(x-2)(2-y)=-xy,所以x+y=2.6\n把y=代入上式得x=,所以=,所以在线段BC上存在点P使AP⊥DE,此时=.6
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高考 - 一轮复习
发布时间:2022-08-25 16:57:15
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