北京市门头沟区2022年中考物理二模试卷（解析版）

北京市门头沟区2022年中考物理二模试卷一、单项选择题：下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意（每小题2分，共28分）1．（2分）（2022•门头沟区二模）用其名字作为电流的国际主单位的物理学家是（　　）　A．欧姆B．帕斯卡C．瓦特D．安培考点：物理量的单位及单位换算．专题：其他综合题．分析：电流的单位是安培，用字母表示为A．解答：解：欧姆是电阻的单位，帕斯卡是压强的单位，瓦特是功率的单位，安培是电流的单位．故选D．点评：物理学中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆．　2．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示的四种现象中，由于光的折射形成的是（　　）　A．屏幕上的手影B．玩具小人在平面镜中的像　C．海上出现海市蜃楼D．水中亭子的倒影考点：光的折射现象及其应用．专题：光的折射、光的色散．分析：（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．解答：解：A、屏幕上的手影，是由于光的直线传播形成的．不合题意．B、玩具小人在平面镜中的像，是由光的反射形成的．不合题意．C、海上出现海市蜃楼，是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引起的；符合题意．25\nD、水中亭子的倒影，是以水面为平面镜的平面镜成像，是由光的反射形成的．不合题意．故选C．点评：此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象．　3．（2分）（2022•门头沟区二模）下列材料中，通常情况下属于导体的是（　　）　A．干燥的木棍B．铅笔芯C．煤油D．橡胶棒考点：导体．专题：电流和电路．分析：善于导电的物体叫做导体，金属、人体、大地、石墨、酸碱盐的水溶液都是导体．解答：解：干燥的木棍、煤油、橡胶棒都是不容易导电的物体，属于绝缘体；铅笔芯是容易导电的物体，叫做导体．故选B．点评：本题考查了导体和绝缘体的区分，记住相关的例子是解决这类问题的关键，属于基础知识的考查．　4．（2分）（2022•北京）如图所示的四种用具中，属于费力杠杆的是（　　）　A．托盘天平B．镊子C．钢丝钳D．修剪树枝的剪刀考点：杠杆的分类．专题：应用题．分析：判断杠杆的种类，可根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆．解答：解：A、天平的两个力臂相等，所以是等臂杠杆，不符合题意；B、镊子在使用时动力臂小于于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；C、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；D、修树枝的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选B．点评：此类型题目的解决主要是依据生活经验和动力臂及阻力臂的大小关系进行判断．　5．（2分）（2022•门头沟区二模）下列物态变化中，属于升华的是（　　）　A．春天冰雪消融　B．夏天从冰箱中取出的冰棍周围出现“白汽”　C．秋天田野花草挂上露珠25\n　D．冬天冰冻的衣服也会慢慢变干考点：生活中的升华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，分析各选项中的状态变化，判断是否属于升华现象．解答：解：A、春天冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，不符合题意；B、夏天从冰箱中取出的冰棍周围出现“白汽”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棍凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；C、秋天田野花草挂上露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，不符合题意；D、冬天冰冻的衣服慢慢变干，冰由固态直接变成了气态，属于升华现象，符合题意．故选D．点评：本题考查了学生对生活中物态变化的判断，解决此类题目的关键是分清物质前后的状态变化，是中考中常见的题型．　6．（2分）（2022•北京）下列实例中，为了加快蒸发的是（　　）　A．用地膜覆盖农田B．给盛有饮料的瓶子加盖　C．把湿衣服晾在通风向阳处D．把新鲜的樱桃装入保鲜盒考点：影响蒸发快慢的因素．分析：加快液体上方空气流动可加快蒸发，升高液体温度和增加液体的表面积也可加快蒸发．解答：解；用地膜覆盖农田，给盛有饮料的瓶子加盖，把新鲜的樱桃装入保鲜盒都是减慢了液面上方的空气流动，故减慢了蒸发．而把湿衣服晾在通风向阳处既加快了液体上方空气流动，又提高了液体的温度，故加快了蒸发，故A、B、D不符合题意．故选C．点评：本题主要考查学生对影响蒸发快慢因素的了解和掌握是一道基础题．　7．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示的下列措施中，为了增大压强的是（　　）　A．铁轨铺在枕木上B．剪刀刃做得很薄　C．书包带做得较宽D．坦克车的车轮装有宽大的履带考点：增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用．25\n分析：可根据增大压强的方法来解题：（1）F不变时S变小P变大；（2）S不变时F变大P变大．解答：解：A、铁轨铺在枕木上，是增大受力面积，减小压强，故A错误；B、剪刀刃做得很薄，是减小受力面积，增大压强，故B正确；C、书包带做得较宽，是增大受力面积，减小压强，故C错误；D、坦克车的车轮装有宽大的履带，增大受力面积，减小压强，故D错误．故选B．点评：这类题目要根据改变压强的方法来解，在叙述方法时，要用控制变量法．　8．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示的中的几种用电器工作时主要将电能转化为内能的是（　　）　A．电风扇B．计算器C．电视机D．电饭锅考点：电功的实质．专题：电能和电功率．分析：电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程，以及熟悉常见用电器的电能转化．解答：解：电风扇工作时，主要是将电能转化为机械能；计算器主要将电能转化为光能和声能，电视机工作时主要将电能转化为声能、光能，电饭锅工作是主要将是电能转化为内能．故选D．点评：本题主要考查学生对电流做功的实质的认识和了解，是中招的热点．　9．（2分）（2022•怀柔区）下列选项是对质量和长度的估测，其中最接近实际的是（　　）　A．一个鸡蛋的质量约为500g　B．一位中学生的身高约为1.6m　C．一块橡皮的质量约为10kg　D．一直未用过的2B铅笔的长度约为15mm考点：质量的估测；长度的估测．专题：估算题．分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释．解答：解：A、此选项不符合实际，一个鸡蛋的质量约为50g；25\nB、此选项符合实际，一位中学生的身高约为1.6m；C、此选项不符合实际，一块橡皮的质量约为10g；D、此选项不符合实际，一直未用过的2B铅笔的长度约为15cm；故选B．点评：考查估测能力，需要在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来．　10．（2分）（2022•门头沟区二模）汽车沿斜坡匀速上坡的过程中，它具有的（　　）　A．重力势能增加，动能增加B．动能不变，重力势能增加　C．动能不变，机械能减少D．重力势能增加，动能减少考点：动能和势能的大小变化．分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度．解答：解：汽车沿斜坡匀速上坡，质量不变，速度不变，高度升高，动能不变，重力势能增大．故选B点评：掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素以及它们的大小变化情况．　11．（2分）（2022•门头沟区二模）“低碳生活，从我做起”八年级的同学们在不影响书写、阅读的前提下，坚持在教室少开两盏照明灯．当这两盏灯熄灭后，跟原来相比（　　）　A．电路中的电流增大了B．电路中的电阻减小了　C．电路两端的电压降低了D．电路消耗的电功率降低了考点：电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的并联．专题：应用题；推理法．分析：A、家庭电器大多数都是并联的，在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和．B、并联电路的总电阻比任何一个并联电阻都小，知道并联的支路越多，总电阻越小．C、利用并联电路电压的特点进行分析和判断．D、利用公式P=UI进行分析和判断．解答：解：在家庭电路中，各用电器是并联的．A、干路中的电流等于各支路电流之和，所以同时工作的用电器越多，干路中的电流越大，当这两盏灯熄灭后，干路中的电流变小，不符合题意．B、同时使用的用电器越多，则并联的电阻越多，并联的电阻就相当于增加了导体的横截面积，则总电阻越小，当这两盏灯熄灭后，电路中的总电阻变大，不符合题意．C、家庭电路的电压是220V，当这两盏灯熄灭后，电路两端的电压不变，仍为220V，不符合题意．25\nD、当这两盏灯熄灭后，干路中的电流变小，电路两端的电压不变，由公式P=UI可知，电路消耗的电功率变小，符合题意．故选：D．点评：解决此类问题的关键是知道并联电路的电流、电压和电阻规律．　12．（2分）（2022•门头沟区二模）在图中所示的四种情境中，人对物体做功的是（　　）　A．举着杠铃原地不动B．沿水平地面推动小车　C．抱着书不动D．推石头没有推动考点：力是否做功的判断．专题：应用题．分析：做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析判断．解答：解：工人推车前进时，工人对车的推力向前，车通过的距离向前，符合做功的两个必要因素，故工人对车做功，符合题意；B、A选项中运动员举着杠铃不动、C选项中同学抱着书不动，D选项中两人没有推动石头，都是只有力而没有距离，不做功，不符合题意．故选B．点评：判断是否做功要明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直．　13．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，下列判断正确的是（　　）　A．电流表示数变小，电压表示数变小B．电流表示数变大，电压表示数不变　C．电流表示数变小，电压表示数变大D．电流表示数变大，电压表示数变大25\n考点：电路的动态分析．专题：电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．解答：解：当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大．故选C．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析滑片移动时滑动变阻器接入电路中电阻的变化．　14．（2分）（2022•门头沟区二模）有A、B两个密度分别为ρA、ρB的实心正方体，它们所受的重力分别为GA和GB，它们的边长之比为2：1，它们的密度之比为3：4．如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同的圆柱形容器，分别装入体积相同的水和酒精，此时水对甲容器底部的压强为p1，酒精对乙容器底部的压强为p2．将物体A和B分别放入甲、乙两容器的液体中，物体A漂浮，有1/4的体积露出水面．液体静止时，物体A、B所受浮力分别为FA和FB，此时甲容器对桌面的压强增加了p3，乙容器对桌面的压强增加了p4，已知酒精密度是水密度的0.8倍．下列判断正确的是（　　）　A．p3：p4=1：6B．p1：p2=5：6C．FA：FB=15：2D．FA：FB=5：2考点：压强大小比较．专题：压强、液体的压强．分析：（1）物体A漂浮，有的体积露出水面，根据漂浮条件，求出A的密度；知道A和B的密度之比，求出B的密度，判断B在酒精中的状态．（2）根据阿基米德原理求出A和B受到的浮力之比．（3）根据A、B两个密度分别为ρA、ρB的实心正方体，利用p=ρgh可求得他们的压强．（4）根据物体A漂浮，可得增加的压强为，B沉底可得，求得增加的压强之比．解答：解：（1）物体A漂浮，有的体积露出水面，根据漂浮条件得，F浮=GA，ρ水gVA=ρAgVA，∴ρA=0.75×103kg/m3，25\n∵=，∴ρB=1×103kg/m3．（2）∵ρB=1×103kg/m3．∴B放在酒精中B会下沉到容器底部．∴A漂浮在水中，B下沉到酒精底部，A和B受到的浮力之比为：==××=××=，故选项C正确，D错误．（3）∵物体A漂浮，它们的边长之比为2：1，则体积之比为8：1．∴增加的压强p3==，==，∵B放在酒精中B会下沉到容器底部．∴增加的压强p4==∴=：=×=====，故A错误，（4）∵A、B两个密度分别为ρA、ρB的实心正方体，它们的边长之比为2：1，∴=，∵=．∴===，故选项B错误；故选C．点评：本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、密度公式、压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，本题为选择题，实质是一道复杂的计算题，要通过计算确定三量的具体关系再进行判断．　25\n二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．本大题共12分，每小题3分．每小题选项全选对的得3分，选对但不全的得2分，错选不得分）15．（3分）（2022•门头沟区二模）如图是学习电磁现象过程中做过的几个实验，其中能反映发电机工作原理的是（　　）　A．甲图是给带有铁芯的线圈通电，它能吸住铁片及重物　B．乙图中有电流通过在小磁针上方的直导线中时，小磁针发生偏转　C．丙图中闭合开关，铜棒ab中有电流通过时，它就会运动起来　D．丁图中闭合开关，使导体AB沿箭头所示方向左右摆动，电流表指针发生偏转考点：发电机的构造和原理；磁场对通电导线的作用；电磁感应．专题：应用题．分析：发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机原理图．解答：解：A、给带有铁芯的线圈通电，它能吸住铁片及重物，该实验是利用了电流的磁效应，故该选项不符合题意；B、有电流通过在小磁针上方的直导线中时，小磁针发生偏转，即该现象说明了通电导线周围存在着磁场，故该选项不符合题意；C、闭合开关，铜棒ab中有电流通过时，它就会运动起来，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故该选项不符合题意；D、闭合开关，使导体AB沿箭头所示方向左右摆动，电流表指针发生偏转，此时由于导体AB的左右摆动而产生了感应电流，故该现象是电磁感应现象，发电机就是根据该原理制成的，故该选项正确．故选D．点评：本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理．注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部有没有电源，后者外部有电源．　16．（3分）（2022•门头沟区二模）关于声现象，下列说法中正确的是（　　）　A．“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的　B．公路旁安装隔音墙是为了在传播路径上减弱噪声　C．课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声　用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同25\nD．考点：音色；声音的传播条件；防治噪声的途径．专题：应用题．分析：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；（2）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置﹣﹣声源处、传播过程中、人耳处；（3）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的．解答：解：A、不同人的声带振动产生声音的音色一般不同，“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的；故A正确；B、减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置﹣﹣声源处、传播过程中、人耳处；公路旁安装隔音墙，是为了在传播路径上减弱噪声；故B正确；C、固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声所致；故C正确；D、同一个音叉的发声频率是固定不变的；用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的响度会不同，力越大，音叉振动幅度越大，响度就越大；故D错误；故选ABC．点评：此题考查声音的多个知识点；深入理解声音的传播知识、声音的三个特征、减弱噪声的途径可做出正确选择．　17．（3分）（2022•北京）小明根据下表所提供的几种物质的比热容，得出以下结论，其中正确的是（　　）几种物质的比热容c（J•（kg•℃）﹣1）水4.2×103冰2.1×103酒精2.4×103砂石0.92×103煤油2.1×103铝0.88×103水银0.14×103铜0.39×103　A．液体的比热容一定比固体的大　B．质量相等的水和煤油吸收相等的热量后，煤油的温度变化大　C．同一物质发生物态变化后，比热容不变　质量相等的铝和铜，升高相同的温度，铝吸收的热量多25\nD．考点：比热容的概念．分析：利用比热容的概念来进行分析答题，观察图表进行比较即可判断．解答：解：A、液体的比热容一定比固体的大，比如：冰比水银的比热容大．故A不符合题意．B、质量相等的水和煤油吸收相等的热量后，煤油的温度变化大．根据吸热公式Q=Cm△t，可得B符合题意．C、同一物质发生物态变化后，比热容不变．比如水和冰的比热容不同，故C不符合题意．D、质量相等的铝和铜，升高相同的温度，铝吸收的热量多．根据吸热公式Q=Cm△t，可得D符合题意．故选B、D．点评：考查了比热容的概念的知识点．　18．（3分）（2022•门头沟区二模）下列说法中正确的是（　　）　A．甲物体对乙物体施加力的同时，甲物体也一定受到了力的作用　B．两个不接触的物体之间一定没有力的作用　C．同一直线上两个力的合力，一定大于其中任意一个分力　D．物体的运动状态发生改变，该物体一定受到力的作用考点：力与运动的关系；力作用的相互性；力的合成与应用．专题：运动和力．分析：（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）产生力的作用时，两个物体不一定相互接触，例如磁铁吸引铁钉就是通过磁场实现的；（3）同一直线上二力的合成，同向相加，反向相减；（4）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．解答：解：A、甲物体对乙物体施加力的同时，由于物体间力的作用是相互的，因此甲物体也一定受到了力的作用，该选项说法正确；B、两个不接触的物体之间也可以有力的作用，例如磁铁和铁钉之间，不接触仍然有磁力的作用，该选项说法不正确；C、同一直线上两个力的合力，当方向相同时，合力等于两个分力之和，一定大于其中任意一个分力；但是当方向相反时，合力等于两个分力之差，可能小于其中的一个分力，该选项说法不正确；D、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动状态发生改变，该物体一定受到力的作用，该选项说法正确．故选AD．点评：本题考查了力、力和运动的相关知识，属于力学基础知识的考查，也是中考考查的热点．25\n　三、填空题（每空2分，共12分）19．（2分）（2022•门头沟区二模）物理学规定，正电荷定向移动的方向为　电流　方向．考点：电流的方向．专题：简答题；电流和电路．分析：规定电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反．解答：解：物理学中规定的电流方向是正电荷定向移动的方向．故答案为：电流．点评：解决本题的关键知道电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反．　20．（2分）（2022•北京）一束光射到平面镜上，如果入射角是30°，那么反射角是 　30°　．考点：光的反射定律．分析：要解决此题需要掌握光的反射定律的内容，知道发生光的反射时，反射角等于入射角．解答：解：入射角为30°，根据光的反射定律的内容，反射角也为30°．故答案为：30°．点评：此题主要考查了光的反射定律的内容，特别是反射角与入射角的关系．　21．（2分）（2022•门头沟区二模）潜水艇是靠　改变自身重力　实现的上浮和下沉．考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：应用题．分析：潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变（排开水的体积不变），受浮力不变；通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，然后再根据物体的浮沉条件分析是怎么上浮或下沉的．解答：解：在水中，潜水艇受到水的浮力和重力的作用，∵F浮=ρ水v排g，潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，∴潜水艇受到水的浮力不变；把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮＞G时，潜水艇上浮；打开压力舱的阀门，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮＜G时，潜水艇下沉；当F浮=G时，潜水艇悬浮，可以停留在任何深度；由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的．故答案为：改变自身重力．点评：本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，潜水艇是物体的浮沉条件的典型应用，应理解它们原理的．　22．（2分）（2022•北京）矫正远视眼的眼镜的镜片应选用　凸　透镜．（选填“凸”或“凹”）25\n考点：远视眼的成因与矫正办法．分析：凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用．解答：解：远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜．故答案为：凸．点评：把正常眼睛、近视眼、远视眼看远处和看近处在视网膜的成像情况，再选择合适的透镜进行矫正．　23．（2分）（2022•菏泽）鄄城温泉度假村利用地热水供房间洗浴用水，请计算质量为100kg的地热水，温度从70℃降低到20℃，放出的热量是　2.1×107　J（c水=4.2×103J/（kg•℃）．考点：热量的计算．专题：计算题；压轴题．分析：已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式Q=Cm△t计算热量．解答：解：∵C水=4.2×103J/（kg•℃），m=100kg，△t=t0﹣t=70℃﹣20℃=50℃，∴Q=C水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×50℃=2.1×107J．故答案为：2.1×107J．点评：本题考查学生对热量公式Q=Cm△t的掌握和运用．　24．（2分）（2022•门头沟区二模）甲灯额定电压为6V，乙灯额定功率为2W，甲、乙两灯的电阻分别为R甲和R乙，且R甲＞R乙，并保持不变，将它们以某种方式连接到电压为UA的电源上时，两灯均正常发光，将它们以另一种方式连接到电压为UB的电源上时，乙灯正常发光，甲灯的实际功率为额定功率的4/9，则电源UA两端的电压为　10　V．考点：欧姆定律的应用；电功率的计算；额定功率；实际功率．专题：计算题；压轴题；极端假设法．分析：因题目中没有说明两灯的连接方式，故可以采用假设法进行分析；先假设两灯泡先并联后串联，则根据并联电路的电压规律可知电压关系，则由功率公式可比较两功率的大小；再根据串联电路的规律得出电流分析功率关系，分析两次连接中的数据可知是否符合题意，则可得出可以的连接方法；则根据题意利用已知功率关系可求得结果．解答：解：假设甲、乙先并联后串联，当甲、乙并联时，因U甲=U乙，而R甲＞R乙，所以＜，即P甲＜P乙①当甲、乙串联时，因I甲=I乙，而R甲＞R乙，所以I甲2R甲＞I乙2R乙，即P甲′＞P乙′②因为乙灯前后均正常发光，即P乙=P乙′，所以P甲′＞P乙③由题设可知P甲′=P甲，即P甲＞P甲′④由③④得P甲＞P乙，这与①显然是矛盾的．故原假设是错误的，所以L1、L2应该是先串联后并联25\n因为，P甲′==P甲=×；所以，UB=U甲=×6V=4V，两灯并联时，乙灯正常发光∴U乙=UB=4V；∵L1、L2串联在UA两端时均正常发光，∴电源UA两端的电压为U甲+U乙=6V+4V=10V．故答案为：10．点评：本题考查了假设法的应用，假设法是物理学中常用方法，当题目中可能出现多种可能时，可以利用假设法进行分析，推出可能的情况后再进行计算．　四、实验与探究题（25-28、32、34-36题各2分，29、31题各3分，30、33题各4分，37题5分，共35分）25．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示，请画出小球A所受重力的示意图．考点：重力示意图．专题：作图题．分析：根据力的示意图的定义，将小球所受重力的方向、作用点表示出来即可．解答：解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，故画重力的示意图如图：点评：画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图．要注意在线段末端标出重力G．　26．（2分）（2022•门头沟区二模）在图中标出通电螺线管的N极和S极．考点：通电螺线管的磁场．专题：磁现象、电生磁．分析：由安培定则判断通电螺线管的南北极．解答：解：用右手握住螺线管，四指弯曲方向与电流方向相同，大拇指所指的是螺旋管的N极．则左端为N极，右端为S极．如图：25\n点评：本题考查了对安培定则的使用，是基础题．　27．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示的弹簧测力计的示数是　1　N．考点：弹簧测力计的使用与读数．专题：应用题．分析：此题在弹簧测力计的量程内读数，由图示可知此弹簧测力计的分度值（最小刻度值）为0.2N，根据弹簧测力计的读数规则即可读出示数．解答：解：由图知：弹簧秤的分度值为0.2N，指针正好指在1N的刻度上，因此弹簧测力计的示数为1N．故答案为：1．点评：在弹簧测力计读数时，首先观察量程与分度值，并且视线要与测力计指针相平．　28．（2分）（2022•门头沟区二模）如图是某同学测体温时的示数，其示数为　36.9　℃．考点：体温计的使用及其读数．专题：应用题．分析：温度计读数时要看清温度计的量程和分度值，根据液柱上面对应的刻度读数，读数时视线要与液柱上表面相平，并注意分清零上还是零下．解答：解：图示体温计的分度值为0.1℃，液柱右表面与36℃后面第9个小格对齐，因此指示的温度是36.9℃．故答案为：36.9．点评：体温计读数要明确分度值，液面靠近哪个刻度就读哪个刻度值，不需估读．　29．（3分）（2022•门头沟区二模）小航在实验室测量盐水密度．小航先用天平测出烧杯和杯内盐水（如图甲所示）的总质量为65g，然后将一部分盐水倒入量筒，如图乙所示，则盐水的体积为　30　mL．接着她用天平测量烧杯和杯内剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如图丙所示，则此时烧杯和盐水的总质量为　32　g．请你根据以上实验数据计算出盐水的密度为　1.1×103　kg/m3．25\n考点：液体密度的测量；质量及其特性；量筒的使用．专题：计算题；实验题．分析：用量筒测量液体的体积时，视线和液面的上表面相平．物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值．知道盐水的质量和体积，根据密度公式求出盐水的密度．解答：解：倒入量筒中盐水的体积为：V=30ml=30cm3．烧杯和剩余的盐水的质量为：m'=20g+10g+2g=32g，倒入量筒内盐水的质量为：m=m总﹣m'=65g﹣32g=33g，盐水的密度为：ρ===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3．故答案为：30；32；1.1×103．点评：测液体的密度，在初中物理中是重要内容，学习中必须掌握！　30．（4分）（2022•门头沟区二模）小源同学用焦距为15cm的凸透镜做实验，实验装置如图所示，在实验过程中凸透镜位置保持不变，请你根据所学知识完成下列填空．（1）改变蜡烛位置，使其位于20cm刻度线处，再移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的倒立、　等大　的实像．（选填：“放大”、“等大”或“缩小”）（2）改变蜡烛位置，使其位于30cm刻度线处，再移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的倒立放大的实像，　幻灯机　是根据这一原理制成（选填：“照相机”或“放大镜”幻灯机）（3）改变蜡烛，使其位于40cm刻度线处，小刚从透镜的　右　侧（选填“左”或“右”）通过透镜可以看到一个正立、　放大　的烛焰的像．（选填：“放大”、“等大”或“缩小”）考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）根据物距等于2倍焦距，凸透镜成倒立等大的实像进行分析；（2）根据物距处于1倍和2倍焦距之间，凸透镜成倒立放大的实像进行分析，幻灯机或投影仪都是根据这个原理制成的；25\n（3）根据物距小于焦距，凸透镜成正立放大的虚像进行分析，放大镜是根据这个原理制成．当凸透镜成虚像时，虚像与物体在凸透镜的同侧．解答：解：由题意知，f=15cm，2f=30cm．（1）当蜡烛位于20cm刻度线处时，物距等于50cm﹣20cm=30cm，等于2倍焦距，所以成倒立等大的实像；（2）当蜡烛位于30cm刻度线处时，物距等于50cm﹣30cm=20cm，处于1倍和2倍焦距之间，成倒立放大的实像，幻灯机或投影仪都是根据这个原理制成的，照相机是根据凸透镜成倒立缩小实像的原理制成的；（3）当蜡烛位于40cm刻度线处时，物距等于50cm﹣40cm=10cm，小于焦距，所以成正立放大的虚像，像与蜡烛在凸透镜的同侧，所以应从凸透镜的右侧观看．故答案为：（1）等大；（2）幻灯机；（3）右；放大．点评：此题探究凸透镜成像的规律实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用，做到灵活应用．　31．（3分）（2022•门头沟区二模）某同学做观察水的沸腾实验在实验中他边观察现象，边记录实验数据如下表．根据实验数据可知：水的沸点为　99　℃，造成此现象的原因可能是实验时水面上方的气压　低于　1标准大气压（选填“低于”、“等于”或“高于”）．水沸腾后，继续给水加热，水的温度　不变　（选填“升高”、“不变”或“降低”）．时间t/min0123456789温度t/℃50586673808691969999考点：探究水的沸腾实验．专题：探究型实验综合题．分析：水沸腾过程中温度保持不变，根据水沸腾时的特点结合表格中数据进行分析；水的沸腾随气压的升高而增大．解答：解：由表格中数据知，水在沸腾过程中温度保持99℃不变，所以水的沸点为99℃；此时沸点低于标准大气压下的沸点100℃，所以当时气压低于标准大气压．故答案为：99；低于；不变．点评：此题是观察水的沸腾实验，考查了水沸腾时的特点及沸点的概念，同时考查了沸点与气压之间的关系，是一道基础性题目．　32．（2分）（2022•门头沟区二模）小强用实验探究液体内部的压强与深度的关系及与液体密度的关系．他分别在玻璃杯中装入适量的水和适量的浓盐水．当把压强计探头放入液体中时，压强计的两液面高度差为h1，如图甲所示；当把压强计的探头放入液体中时，压强计的液面高度差为h2，如图乙所示．已知：h1=h2，则　甲　为盐水（选填：“甲”或“乙”）．25\n考点：探究液体压强的特点实验．专题：压强、液体的压强．分析：根据公式p=ρ液gh，压强相同，深度越小，则液体的密度越大．解答：解：由于两种情况下压强计的液面高度差相同，所以压强相等，根据公式公式p=ρ液gh，压强相同，深度越小，则液体的密度越大，所以甲的密度大于乙的密度．故答案为：甲．点评：此题通过压强相同判断液体密度与深度的关系，关键是掌握公式p=ρ液gh，根据其进行分析．　33．（4分）（2022•门头沟区二模）小明同学在“测定小灯泡的功率”的实验中，连接的部分电路实物图如图1所示．（1）请你用笔画线代替导线，将图1所示的实物图连接完整．（2）闭合开关，测得某次实验数据如图2所示，此时电流表的示数为　0.2　A，电压表的示数为　1.2　V．（3）小刚在做同样的实验时，他连接好电路，并按正确的顺序操作，但闭合开关后灯不亮，电压表有示数电流表无示数．小刚猜想有下面四种可能，其中正确的是：　A　A．可能是灯丝断了B．可能是变阻器断路C．可能是小灯泡短路D．可能是电流表断路．考点：电功率的测量．专题：测量型实验综合题．分析：（1）掌握实物电路的连接，将电压表并联在灯泡两端；（2）确定电压表和电流表的量程及分度值，然后读数；（3）串联电路中短路的用电器不工作，两端无电压；断路电路中无电流，断开处的电压为电源电压，根据各项中的情况进行分析．解答：解：（1）电压表应与灯泡并联，如图所示：；25\n（2）由图2知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.2V；（3）A、灯丝断了，则电流表无示数，电压表为电源电压，所以A正确；B、变阻器断路，则电路中无电路，电压表示数为零，所以B错误；C、小灯泡短路，则电流表有示数，电压表无示数，所以C错误；D、电流表断路，则电压表也无示数，所以D错误．故答案为：（1）如上图；（2）0.2；1.2；（3）A．点评：此题“测定小灯泡的功率”的实验，考查了电压表的连接及电压表、电流表的读数，同时考查了有关电路故障的分析，是一道基础性题目．　34．（2分）（2022•门头沟区二模）小梅在学习了浮力知识后，她将圆柱形容器放入一个大水槽中使其漂浮在液面上．向容器中缓慢加水，容器始终漂浮，测出容器所受浮力和向容器中加水的深度并记录如下表．h/cm123456F浮/N101214161820请根据表中数据归纳出F浮与h的关系F浮=　8N+2N/cm•h　．考点：探究浮力大小的实验．专题：浮力．分析：根据表格中数据进行分析，找出浮力与深度的变化规律，根据所学的等差数列的知识得出浮力与水深之间的关系．解答：解：由表格中数据知，水的深度每增加1cm，则浮力增加2N，设当水深为O时，浮力大小为F浮0，则F浮=F浮0+2N/cm×h，将其中一组数据代入得，10N=F浮0+2N/cm×1cm解得F浮0=8N，则F浮与h的关系为F浮=8N+2N/cm•h．点评：此题考查了学生对数据的分析能力，在进行分析时，注意大小变化的规律，一般是倍数或等差变化的关系．　35．（2分）（2022•门头沟区二模）如图所示是一种利用电磁铁来控制温度的恒温箱的工作原理图．当恒温箱中的温度达到35℃时．恒温箱中的电热器将　停止　工作．（选填“开始”或“停止”）考点：电磁继电器的组成、原理和特点．分析：根据图示的结构，从温度计的示数达到35摄氏度的警戒温度入手分析，即可确定电热器的工作状态．解答：25\n解：当温度计的示数到达35摄氏度时，电磁铁所在的电路接通，电磁铁有了磁性，会吸引右边的衔铁B，使动静触点分开，造成工作电路断开，加热器停止工作．故答案为：停止．点评：这是一种自动控制装置．此时温度计中的水银柱就相当于一个间接开关，通过它来控制工作电路．　36．（2分）（2022•门头沟区二模）小明和同学们一起研究杠杆平衡条件，如图所示，此时杠杆水平平衡，由此他认为“杠杆平衡时，动力+动力臂=阻力+阻力臂”，请你利用图中所示器材设计一个实验，证明他的观点是错误的．考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：探究型实验综合题．分析：掌握杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，小明和同学们得出错误结论是因为只做了一次实验，由于偶然碰巧力和力臂的和相等，力和力臂是两个不同的物理量，不能相加；所以要想证明他们的观点错误，可改变条件进行实验进行验证．解答：答：将A点的两个钩码向左移动两个格，将B点的钩码向右移动一个格，根据杠杆平衡条件，左边=2m×6L=12mL；右边=4m×3L=12mL，左边=右边，这时杠杆平衡．此时发现动力+动力臂不等于阻力+阻力臂，所以小明的说法是错误的．点评：此题考查了杠杆平衡条件的掌握，同时通过实验验证了由于偶然机会得出的错误结论，更有利于学生对杠杆平衡条件的理解．　37．（5分）（2022•门头沟区二模）实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源一个、电流表和电压表各一只、开关一个、滑动变阻器一个，两个电阻箱、各种阻值已知的定值电阻和导线若干．要求从实验桌上选择适当器材，设计一个实验证明：“当电阻两端的电压保持不变时，电阻消耗的电功率与该电阻的阻值成反比”．请画出实验电路图，写出实验步骤，并设计数据记录表格．考点：探究用电器的电功率实验．专题：探究型实验综合题．分析：根据实验要求，要证明：“当电阻两端的电压保持不变时，电阻消耗的电功率与该电阻的阻值成反比”，所以应使电阻两端的电压不变，改变电阻的阻值，可以使用电阻箱完成电阻的改变，通过滑动变阻器保持电阻箱两端的电压不变根据要求设计一个串联电路，分别改变电阻箱的电阻，使其两端的电压不变，测出对应的电流、电压值，根据P=UI计算出电功率进行分析；在表格中需有电流、电压、电阻及功率几项．解答：答：电路图：25\n实验步骤：（1）按电路图将已调好的各电路元件连入电路．（2）闭合开关，调节电阻箱示数为R，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为U，此时电流表示数为I，将数据R、U、I记录在表格中；（3）仿照步骤（2），保持电压表示数U不变，再做五次，分别将数据R、U、I记录在表格中；（4）根据P=UI分别计算出电功率P的值，将数据记入表格．数据记录表格：电阻R1/Ω电流I/A电压U/V电功率P/W点评：此题通过让学生设计实验验证电压不变时，电阻消耗的电功率与该电阻的阻值成反比的结论，考查了学生对控制变量法的应用及电路中控制电压不变的方法，同时考查了学生设计实验表格的能力．　五、计算题（38题6分，39题7分，共13分）38．（6分）（2022•门头沟区二模）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡灯丝电阻不随温度改变．当开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器R2滑片位于某点A时，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，电流表的示数为I1，电阻R1消耗的电功率为P1，滑动变阻器消耗的电功率为PA；当只闭合开关S1时，滑动变阻器R2滑片位于某点B时，电压表V1的示数为U1ˊ，电压表V2的示数为U2ˊ，电流表的示数为I2，电阻R1消耗的电功率为P1ˊ，滑动变阻器消耗的电功率为PB，此时小灯泡消耗的功率是其额定功率的四分之一；仍只闭合开关S1，再将滑动变阻器R2滑片滑至最右端，此时小灯泡恰好正常发光．已知：U1﹕U2=1﹕3，U2﹕U2ˊ=3﹕2，PA﹕PB=2﹕1，P1=0.4W．请你计算出：（1）I1与I2的比值；（2）小灯泡的额定电功率；（3）当只闭合开关S1时，滑动变阻器R2滑片位于某点B时，通电2min，电路消耗的电能．25\n考点：电路的动态分析；串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功的计算；电功率的计算．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：先画出三种情况的等效电路图：（1）根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出图1中两电压表的示数即可求出R1、RA的比值，根据P=UI表示出图1和图2中滑动变阻器消耗的电功率结合电压表的示数关系即可得出两电路图的电流关系；（2）根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率结合电流关系即可得出滑动变阻器接入电路中阻值的比值，根据电阻的串联特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变结合电流关系得出电阻之间的关系，联立等式即可得出R1和RL的阻值关系，再根据电源的电压不变得出图1和图3的电流关系结合P1=0.4W即可求出灯泡的额定功率；（3）根据P=I2R结合P1=0.4W求出图1中电路消耗的总功率，根据P=UI结合电流关系求出图2中的总功率，最后利用W=Pt求出通电2min电路消耗的电能．解答：解：开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到某点A时，如图1所示；开关S1闭合S2断开，滑动变阻器的滑片P移到某点B时，如图2所示；开关S1闭合S2断开，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，如图3所示；由图1中：∵串联电路中各处的电流相等，∴===﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①图1和图2中：==×=×=，解得：=；（2）∵P=I2R，∴==（）2×=（）2×=，解得：8RA=9RB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②∵电源两端电压不变，∴==，25\n解得：R1+4RA=3RL+3RB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③由①②③式解得：5R1=3RL，图1和图3中：∵电源两端电压不变，∴==，==（）2×==，解得：PL=1.5W；（3）图1中：===，解得：P总1=1.6W，图1和图2：====，解得：P总2=1.2W，通电2min电路消耗的电能：W=P总2t=1.2W×120s=144J．答：（1）I1与I2的比值为4：3；（2）小灯泡的额定电功率为1.5W；（3）当只闭合开关S1时，滑动变阻器R2滑片位于某点B时，通电2min，电路消耗的电能为144J．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是画出三种情况的等效电路图，难点是根据两电压表的示数、消耗的电功率得出三电阻之间的关系和电路中电流之间的关系．　39．（7分）（2022•门头沟区二模）如图所示是某科研小组设计的在岸边打捞水中物品的装置示意图．O为杠杆BC的支点，CO：OB=1：4．配重E通过绳子竖直拉着杠杆C端，其质量mE=644kg．定滑轮和动滑轮的质量均为m0．人拉动绳子，通过滑轮组提升浸没在水中的物品．当物体A在水面下，小明以拉力F1匀速竖直拉动绳子，滑轮组的机械效率为η1，配重E对地面的压力为N1；当物体A完全离开水面，小明以拉力F2匀速竖直拉动绳子，滑轮组的机械效率为η2，配重E对地面的压力为N2．已知：GA=950N，η2=95%，N1：N2=6：1，绳和杠杆的质量、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对物体A的阻力均可忽略不计，g取10N/kg．求：（1）物体在水面下受到的浮力；（2）F1：F2的值（3）η1的大小．25\n考点：浮力大小的计算；杠杆的平衡条件；滑轮（组）的机械效率．专题：浮力；简单机械；功、功率、机械效率．分析：对物体进行受力分析，由平衡条件、效率公式列方程解题．解答：解：分别对物体A、动滑轮B、人进行受力分析，如图所示：由①﹣⑩式，GA=950N，η2=95%，N1：N2=6：1，CO：OB=1：4，GE=6440N，η1===95%，解得：G0=50N；F浮=200N；FA1=750N；FA2=950N；F1=400N；F2=500N，F1：F2=4：5，η2===93.75%；答：（1）物体在水面下受到的浮力200N；（2）F1：F2的值4：5；25\n（3）η1的大小为93.75%．点评：本题难度较大，对物体正确受力分析、应用平衡条件，效率公式即可正确解题．25