2023届北师版高考数学一轮第八章立体几何与空间向量课时规范练34空间点、直线、平面之间的位置关系（Word版附解析）

课时规范练34　空间点、直线、平面之间的位置关系基础巩固组1.已知a,b是异面直线,直线c平行于直线a,那么c与b(　　)A.一定是异面直线B.一定是相交直线C.不可能是平行直线D.不可能是相交直线2.如图,E,F分别是正方体ABCD-A1B1C1D1的棱A1D1与AA1的中点,则下列判断正确的是(　　)A.直线AC与BF是相交直线B.直线C1E与AC互相平行C.直线C1E与BF是异面直线D.直线DB与AC互相垂直3.(2020浙江,6)已知空间中不过同一点的三条直线l,m,n.“l,m,n共面”是“l,m,n两两相交”的(　　)A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件4.l1,l2,l3是空间三条不同的直线,则下列命题正确的是(　　)A.l1⊥l2,l2⊥l3⇒l1∥l3B.l1⊥l2,l2∥l3⇒l1⊥l3C.l1∥l2∥l3⇒l1,l2,l3共面D.l1,l2,l3共点⇒l1,l2,l3共面5.正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2,E是棱B1C1的中点,则平面AD1E截该正方体所得的截面面积为(　　)　　　　　　　　　　　　　　　　　A.4B.2C.4D.6.如图,点P,Q,R,S分别在正方体的四条棱上,且是所在棱的中点,则直线PQ与RS不是共面直线的是(　　),7.已知,在梯形ABCD中,AB∥CD,AB⊂平面α,CD⊄平面α,则直线CD与平面α内的任意一条直线m的位置关系是　　　　　. 8.如图,平面α∩平面β=l,A∈α,B∈α,AB∩l=D,C∈β,C∉l,则平面ABC与平面β的交线是　　　　　. 9.如图,点A在平面α外,△BCD在平面α内,E,F,G,H分别是线段BC,AB,AD,DC的中点.(1)求证:E,F,G,H四点在同一平面上;(2)若AC=6,BD=8,异面直线AC与BD所成角为60°,求EG的长.,综合提升组10.如图,ABCD-A1B1C1D1是长方体,O是B1D1的中点,直线A1C交平面AB1D1于点M,则下列结论不正确的是(　　)A.A,M,O三点共线B.A,M,O,A1四点共面C.C1,O,C,M四点共面D.D,B1,O,M四点共面11.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,N为底面ABCD的中心,P为线段A1D1上的动点(不包括两个端点),M为线段AP的中点,则下列说法中不正确的是(　　)A.CM与PN是异面直线B.CM>PNC.平面PAN⊥平面BB1D1DD.过P,A,C三点的正方体的截面一定是等腰梯形12.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别为棱AA1,CC1的中点,则在空间中与三条直线A1D1,EF,CD都相交的直线有　　　　　条. 13.(2021湖南长沙一中月考)在长方体ABCD-A1B1C1D1中,E为棱CC1上一点,F为棱AA1的中点,且CE=2C1E,AB=2,AA1=3,BC=4,则平面BEF截该长方体所得截面为　　　　　边形,截面与侧面ADD1A1,侧面CDD1C1的交线长度之和为　　　　　. 14.如图,平面ABEF⊥平面ABCD,四边形ABEF与ABCD都是直角梯形,∠BAD=∠FAB=90°,BC∥AD,且BC=AD,BE∥AF且BE=AF,G,H分别为FA,FD的中点.,(1)证明:四边形BCHG是平行四边形.(2)C,D,E,F四点是否共面?为什么?(3)证明:直线FE,AB,DC相交于一点.创新应用组15.正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为1,点K在棱A1B1上运动,过A,C,K三点作正方体的截面,若K为棱A1B1的中点,则截面面积为　　　　,若截面把正方体分成体积之比为2∶1的两部分,,则=　　　　. ,课时规范练34　空间点、直线、平面之间的位置关系1.C　解析:由已知得直线c与b可能为异面直线也可能为相交直线,但不可能为平行直线.若b∥c,则a∥b,与已知a,b为异面直线相矛盾.故选C.2.D　解析:由题知,AC⊂平面ABCD,BF与平面ABCD交于点B,B∉AC,所以直线AC与BF是异面直线,故A错误;AC⊂平面ACC1A1,EC1与平面ACC1A1交于点C1,C1∉AC,所以直线C1E与AC是异面直线,故B错误;根据正方体性质EF∥AD1∥BC1,所以E,F,B,C1四点共面,所以直线C1E与BF不是异面直线,故C错误;正方体各个表面均为正方形,所以直线DB与AC互相垂直,故D正确.故选D.3.B　解析:由条件可知,当m,n,l在同一平面内时,三条直线不一定两两相交,有可能两条直线平行;或三条直线平行;反过来,当空间中不过同一点的三条直线m,n,l两两相交时,如图,三个不同的交点确定一个平面,则m,n,l在同一平面内,所以“m,n,l”共面是“m,n,l两两相交”的必要不充分条件.故选B.4.B　解析:对于A,通过常见的正方体,从同一个顶点出发的三条棱两两垂直,故A错误;对于B,因为l1⊥l2,所以l1,l2所成的角是90°,又因为l2∥l3,所以l1,l3所成的角是90°,所以l1⊥l3,故B正确;对于C,如三棱柱中的三条侧棱平行,但不共面,故C错误;对于D,如三棱锥的三条侧棱共点,但不共面,故D错误.故选B.5.D　解析:由题意可得,如图所示,因为E,F分别是B1C1,BB1的中点,所以BC1∥EF,在正方体中,AD1∥BC1,所以AD1∥EF,所以A,D1,E,F在同一平面内,所以平面AD1E截该正方体所得的截面为平面AD1EF.因为正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2,所以EF=,AD1=2,等腰梯形的高为,所以四边形AD1EF的面积S=,故选D.6.C　解析:对于A,连接PR,QS,得PR,QS与正方体的(竖立的)棱平行且相等,因此四边形PQSR是平行四边形,故PQ,RS共面;,对于B,RS与正方体的面对角线AB平行,PQ与CD平行,又AB∥CD,故PQ∥RS,则PQ,RS共面;对于C,RS⊂平面PRS,P∈平面PRS,P∉RS,Q∉平面PRS,所以QP与RS是异面直线,故PQ与RS不共面;对于D,设QP与BA延长线交于点C1,SR与BA延长线交于点C2,P,Q是正方体棱的中点,所以EP=EQ.又∠C1AP=∠QEP=90°,所以∠EPQ=∠EQP=45°,所以∠C1PA=∠EPQ=45°,从而∠AC1P=45°,所以AC1=AP.同理AC2=AR,所以AC1=AP=AR=AC2,即C1,C2重合,所以PQ,RS相交,即PQ,RS共面.故选C.7.平行或异面　解析:如图,由于ABCD是梯形,AB∥CD,所以AB与CD无公共点,又CD⊄平面α,所以CD与平面α无公共点.当m∥AB时,则m∥DC;当m与AB相交时,则m与DC异面.8.直线CD　解析:由题意知,D∈l,l⊂β,所以D∈β.因为D∈AB,所以D∈平面ABC,所以点D在平面ABC与平面β的交线上.又因为C∈平面ABC,C∈β,所以点C在平面β与平面ABC的交线上,所以平面ABC∩平面β=CD.9.(1)证明因为E,F,G,H分别是线段BC,AB,AD,DC的中点.故FG∥BD,且FG=BD,同理EH∥BD,且EH=BD,故FG∥EH,且FG=EH.故四边形EFGH为平行四边形.故E,F,G,H四点在同一平面上.(2)解由(1)知四边形EFGH为平行四边形,且FG=BD=4,FE=AC=3.又异面直线AC与BD所成角为60°,故∠GFE=60°或120°.当∠GFE=60°时,EG2=FE2+FG2-2FE·FGcos60°=25-12=13.,此时EG=;当∠GFE=120°时,EG2=FE2+FG2-2FE·FGcos120°=25+12=37.此时EG=,所以EG的长为.10.D　解析:平面AA1C∩平面AB1D1=AO,∵直线A1C交平面AB1D1于点M,∴M∈AO,即A,O,M三点共线;根据A,O,M三点共线,知A1A∩AO=A,∴M,O,A1,A四点共面;同理,M,O,C1,C四点共面;由图知,OM,B1D是异面直线,故O,M,B1,D四点不共面.故选D.11.A　解析:由题知,点C,N,A共线,即CN,PM交于点A,所以A,N,C,P,M共面,因此CM,PN共面,故A错误;记∠PAC=θ,则PN2=AP2+AN2-2AP·ANcosθ=AP2+AC2-AP·ACcosθ,CM2=AC2+AM2-2AC·AMcosθ=AC2+AP2-AP·ACcosθ,又AP<ac,cm2-pn2=(ac2-ap2)>0,CM2>PN2,即CM>PN,故B正确;在正方体中,AN⊥BD,BB1⊥平面ABCD,则BB1⊥AN,BB1∩BD=B,可得AN⊥平面BB1D1D,AN⊂平面PAN,从而可得平面PAN⊥平面BB1D1D,故C正确;过P,A,C三点的正方体的截面与C1D1相交于点Q,则AC∥PQ,且PQ<ac,因此一定是等腰梯形,故d正确,故选a.12.无数>0,∴解得x=.即B1K=,则A1K=1-,故.</ac,因此一定是等腰梯形,故d正确,故选a.12.无数></ac,cm2-pn2=(ac2-ap2)>