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陕西省汉中市2024届高三数学(理)上学期教学质量第一次检测试题(一模)(Word版附解析)

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汉中市2024届高三年级教学质量第一次检测考试数学(理科)本试卷共23小题,共150分,共4页.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内.2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚.3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效.4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑.5.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀.第Ⅰ卷(选择题共60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的.1.已知集合,则()A.B.C.D.2.已知,则复数z的虚部为()A.B.C.D.3.已知向量,,若与共线且同向,则实数的值为()A.2B.4C.D.或44.已知一平面截某旋转体,截得的几何体的三视图如图,则该截得几何体的体积为() A.67.5πB.πC.πD.π5已知,则()A.B.C.D.6.将数据这五个数中随机删去两个数,则所剩下的三个数的平均数大于5的概率为()A.B.C.D.7.下列说法正确的是()A.“”是“”的充要条件B.“”是“”的必要不充分条件C.命题“”否定形式是“”D.“”是“”的充分不必要条件8.已知双曲线一条渐近线的斜率为2,则()A.-4B.4C.D.9.下列函数中,既是偶函数,又在上是增函数是()A.B.C.D.10.“欢乐颂”是音乐家贝多芬创作的重要作品之一.如图,如果以时间为横轴、音高为纵轴建立平面直角坐标系,那么写在五线谱中的音符就变成了坐标系中的点,如果这些点恰好在函数的图象上,且图象过点,相邻最大值与最小值之间的水平距离为,则使得函数单调递增的区间的是()A.B.C.D. 11.如图,已知抛物线E:的焦点为F,过F且斜率为1的直线交E于A,B两点,线段AB的中点为M,其垂直平分线交x轴于点C,轴于点N.若四边形的面积等于8,则E的方程为()A.B.C.D.12.已知函数,若是在区间上的唯一的极值点,则实数k的取值范围是()AB.C.D.第Ⅱ卷(非选择题共90分)二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知的展开式中含有项的系数是54,则n=_____________.14.函数,则__________.15.已知中,,,,则的外接圆面积为___________.16.已知正三棱锥的各顶点都在表面积为球面上,正三棱锥体积最大时该正三棱锥的高为______.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22,23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.已知等差数列的前n项和为,且满足,.(1)求数列的通项公式;(2)若数列满足,求数列的前项和.18.佩戴头盔是一项对家庭与社会负责的表现,某市对此不断进行安全教育.下表是该市某主干路口连续4 年监控设备抓拍到的驾驶员不戴头盔的统计数据:年度2018201920202021年度序号1234不戴头盔人数125010501000900(1)请利用所给数据求不戴头盔人数与年度序号之间的回归直线方程,并估算该路口2022年不戴头盔的人数;(2)交警统计2018~2021年通过该路口的开电瓶车出事故的50人,分析不戴头盔行为与事故是否伤亡的关系,得到下表,能否有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关?不戴头盔戴头盔伤亡73不伤亡1327参考公式:其中19.如图,在斜三棱柱中,是边长为4的正三角形,侧棱,顶点在平面上的射影为边的中点. (1)求证:平面平面;(2)求二面角的余弦值.20.已知椭圆:经过点,点为椭圆C的右焦点.(1)求椭圆C的方程;(2)过点作两条斜率都存在且不为的互相垂直的直线,,直线与椭圆相交、,直线与椭圆相交、两点,求四边形的面积S的最小值.21.已知函数,.(1)求函数的单调区间;(2)若方程的根为、,且,求证:.(二)选考题:共10分.请考生在第22,23题中任选一题作答.如果多做,那么按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在直角坐标系:中曲线的参数方程为(为参数),是上的动点,点满足,点的轨迹为曲线.(Ⅰ)求的参数方程;(Ⅱ)在以为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,直线与的异于极点的交点为,与的异于极点的交点为,将曲线、的方程转化为极坐标方程后,求.[选修4-5:不等式选讲]23.设函数(1)当时,解不等式;(2)若存在,使得成立,求a的取值范围. 汉中市2024届高三年级教学质量第一次检测考试数学(理科)本试卷共23小题,共150分,共4页.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内.2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚.3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效.4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑.5.保持卡面清洁,不要折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀.第Ⅰ卷(选择题共60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的.1.已知集合,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】将集合化简,再结合集合的交集运算即可得到结果.【详解】将集合化简可得,则故选:A2.已知,则复数z的虚部为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用复数的四则运算及定义计算即可. 【详解】由可得,即虚部为.故选:A3.已知向量,,若与共线且同向,则实数的值为()A.2B.4C.D.或4【答案】C【解析】【分析】通过向量共线且同向,即可求出实数的值.【详解】由题意,,,∵与共线且同向∴,解得或,当时,与共线且反向,舍去,故选:C.4.已知一平面截某旋转体,截得的几何体的三视图如图,则该截得几何体的体积为()A.67.5πB.πC.πD.π【答案】A【解析】【分析】将两个几何体合并成一个完整的圆柱,再计算体积即可.【详解】将两个几何体可以合并成一个完整的圆柱,则体积为.故选:A5.已知,则() A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据题意,结合二倍角公式与同角三角函数关系,构造齐次式即可求解.【详解】.故选:D.6.将数据这五个数中随机删去两个数,则所剩下的三个数的平均数大于5的概率为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】计算出所有的随机删去两个数的方法,再求出剩下数据的平均数大于5的删去方法,根据古典概型的概率公式,即可求得答案.【详解】从5个数中随机删去两个数有共10种方法,要使剩下数据的平均数大于5,删去的两个数可以是共有4种,所以剩下数据的平均数大于5的概率为,故选:C7.下列说法正确的是()A.“”是“”的充要条件B.“”是“”的必要不充分条件C.命题“”的否定形式是“”D.“”是“”的充分不必要条件【答案】B【解析】【分析】利用不等式的性质判断A的正误,利用正切函数的性质判断B的正误,利用命题的否定形式判断C的正误,利用对数的定义判断D的正误. 【详解】对A,若中,时也成立,故A错;对B,当时,,故,若,则,故B对;对C,存在量词命题的否定是,故C错;对D,若均为负数,则无意义,故D错.8.已知双曲线的一条渐近线的斜率为2,则()A-4B.4C.D.【答案】A【解析】【分析】利用双曲线的方程求解渐近线,求出的值.【详解】根据,得到,则焦点在轴,故渐近线为,则,故.故选:A9.下列函数中,既是偶函数,又在上是增函数的是()AB.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用奇偶性的定义判断函数奇偶性,判断AD错误,结合常见基本初等函数的单调性判断B错误,C正确即可.【详解】选项A中,,定义域R,,则是奇函数,不符合题意;选项D中,,定义域R,,则 是奇函数,不符合题意;选项B中,,定义域R,,则是偶函数,但二次函数在上是减函数,在上是增函数,故不符合题意;选项C中,,定义域为,,则是偶函数.当时,是减函数,所以由偶函数图象关于y轴对称可知,在上是增函数,故符合题意.故选:C.【点睛】方法点睛:定义法判断函数奇偶性的方法:(1)确定定义域关于原点对称;(2)计算;(3)判断与的关系,若,则是偶函数;若,则是奇函数;若两者均不成立,则是非奇非偶函数.10.“欢乐颂”是音乐家贝多芬创作的重要作品之一.如图,如果以时间为横轴、音高为纵轴建立平面直角坐标系,那么写在五线谱中的音符就变成了坐标系中的点,如果这些点恰好在函数的图象上,且图象过点,相邻最大值与最小值之间的水平距离为,则使得函数单调递增的区间的是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据已知得出函数的周期,求出,根据点的坐标,结合的取值范围,求出的值.然后得出函数的单调区间,即可得出答案. 【详解】由已知可得,,所以,,.又图象过点,所以有,所以,.因为,所以,所以,所以,.由可得,,所以,函数的单调递增区间为.当时,单调递增区间为;当时,单调递增区间为;当时,单调递增区间为;对于A项,,故A项错误;对于B项,因为,故B项正确;对于C项,因为,故C项错误;对于D项,因为,故D项错误.故选:B.11.如图,已知抛物线E:焦点为F,过F且斜率为1的直线交E于A,B两点,线段AB的中点为M,其垂直平分线交x轴于点C,轴于点N.若四边形的面积等于8,则E的方程为() A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据求出的坐标,然后得的方程,令,得的坐标,利用直角梯形的面积求出,可得抛物线方程.【详解】易知,直线AB的方程为,四边形OCMN为直角梯形,且.设,,,则,所以,所以,,∴.所以MC直线方程为,∴令,∴,∴.所以四边形OCMN的面积为,∴.故抛物线E的方程为.故选:B.12.已知函数,若是在区间上的唯一的极值点,则实数k的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】 【分析】求出函数导数,由题可知需使得在上没有变号零点,因此分离参数,令,利用导数求得其最小值,则可得,即可求得答案.【详解】由题意得,由题意可得是函数在区间上唯一变号的零点,令,则需满足在上没有变号零点;令,得,令,则,当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,故当时取得最小值,其大致图象如图:要使没有变号零点,则需,即,即实数k的取值范围是.故选:C.【点睛】关键点点睛:本题考查的时根据函数在区间上有唯一的极值点,求参数的范围,那么要满足这一点,解答的关键在于求出导数后,需使得在上没有变号零点,由此转化为函数的最值问题解决.第Ⅱ卷(非选择题共90分)二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知的展开式中含有项的系数是54,则n=_____________.【答案】 【解析】【分析】利用通项公式即可得出.【详解】解:(1+3x)n的展开式中通项公式:Tr+1(3x)r=3rxr.∵含有x2的系数是54,∴r=2.∴54,可得6,∴6,n∈N*.解得n=4.故答案为4.【点睛】本题考查了二项式定理的通项公式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.14.函数,则__________.【答案】【解析】【分析】根据分段函数解析式,结合对数运算,求得所求表达式的值.【详解】依题意.故答案为:【点睛】本小题主要考查分段函数求值,考查对数运算,属于基础题.15.已知中,,,,则的外接圆面积为___________.【答案】【解析】【分析】利用余弦定理求解边长,再利用正弦定理求解外接圆半径,即可得外接圆面积.【详解】解:根据题意,由余弦定理可得,该的外接圆的半径为r,则由正弦定理得:.故答案为:. 16.已知正三棱锥的各顶点都在表面积为球面上,正三棱锥体积最大时该正三棱锥的高为______.【答案】##【解析】【分析】根据球的性质,结合导数的性质、棱锥的体积公式、球的表面积公式进行求解即可.【详解】因为,所以正三棱锥外接球半径,如图所示,设外接球圆心为O,过向底面作垂线垂足为D,,要使正三棱锥体积最大,则底面与在圆心的异侧,因为是正三棱锥,所以D是的中心,所以,又因为,所以,,所以,令,解得或,当,;当,,所以在递增,在递减,故当时,正三棱锥的体积最大,此时正三棱锥的高为, 故正三棱锥体积最大时该正三棱锥的高为.故答案为:三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22,23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.已知等差数列的前n项和为,且满足,.(1)求数列的通项公式;(2)若数列满足,求数列的前项和.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由等差数列前项和以及通项公式结合已知联立方程组,求出基本量即可.(2)由分组求和法以及等比数列公式法即可求解.【小问1详解】设公差为d,依题意得,解得,所以,.【小问2详解】因为,,所以.18.佩戴头盔是一项对家庭与社会负责的表现,某市对此不断进行安全教育.下表是该市某主干路口连续4年监控设备抓拍到的驾驶员不戴头盔的统计数据:年度2018201920202021 年度序号1234不戴头盔人数125010501000900(1)请利用所给数据求不戴头盔人数与年度序号之间的回归直线方程,并估算该路口2022年不戴头盔的人数;(2)交警统计2018~2021年通过该路口的开电瓶车出事故的50人,分析不戴头盔行为与事故是否伤亡的关系,得到下表,能否有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关?不戴头盔戴头盔伤亡73不伤亡1327参考公式:其中【答案】(1),775(2)能有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关,理由见解析.【解析】【分析】(1)先求出与,代入公式后求出,,得到回归直线方程;(2)代入公式求出,与比较,显然有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关.【小问1详解】,, ,,回归直线方程为时,【小问2详解】,故有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关,19.如图,在斜三棱柱中,是边长为4的正三角形,侧棱,顶点在平面上的射影为边的中点.(1)求证:平面平面;(2)求二面角的余弦值.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)先证明出面,利用面面垂直的判定定理即可证明;(2)以为原点,分别为轴正方向建立空间直角坐标系.利用向量法求解.【小问1详解】因为是边长为4的正三角形,边的中点,所以.因为顶点在平面上的射影为,所以平面,.因为面,面,,所以面. 所以面,所以平面平面.小问2详解】以为原点,分别为轴正方向建立空间直角坐标系.因为是边长为4的正三角形,为边的中点,所以.在直角三角形中,.所以,,,,.所以,.在三棱柱中,由,可求得:.同理求得:.所以,,.设为平面的一个法向量,为平面的一个法向量.因为,即,不妨设,则.同理可求:.设为二面角的平面角,由图可知:为锐角,所以. 即二面角的余弦值为.20.已知椭圆:经过点,点为椭圆C的右焦点.(1)求椭圆C的方程;(2)过点作两条斜率都存在且不为的互相垂直的直线,,直线与椭圆相交、,直线与椭圆相交、两点,求四边形的面积S的最小值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据已知条件列式求出可得椭圆C的方程;(2)联立直线与椭圆方程,根据弦长公式求出和,求出后,根据基本不等式求出最值可得解.【小问1详解】由题意可得,解得,所以椭圆方程为.【小问2详解】设直线的方程为,联立得:,,设,,则,,所以 ,同理可得,则,当且仅当,即时取等号.所以四边形的面积S的最小值为.21.已知函数,.(1)求函数的单调区间;(2)若方程的根为、,且,求证:.【答案】(1)单调递减区间为,无单调递增区间;(2)证明见解析【解析】【分析】(1)求出的解析,从而求出导函数,即可得到函数的单调区间;(2)求导分析的单调性,,推出,设直线与的交点的横坐标为,则,证明当时,,即可得证.【小问1详解】解:因为,,所以定义域为,,所以在上单调递减,即的单调递减区间为,无单调递增区间;【小问2详解】 证明:,,当时,当时所以在上是单调递减,在上单调递增,则,当时,,所以,且,当时,,所以,即,设直线与的交点的横坐标为,则,下面证明当时,,设,,则,当时,,当时,,所以在上是减函数,在上增函数,又因为,,所以当时,,,故当时,,设直线与的交点的横坐标为,则,所以,得证.【点睛】方法点睛:利用导数证明不等式问题,方法如下:(1)直接构造函数法:证明不等式(或)转化为证明(或),进而构造辅助函数; (2)适当放缩构造法:一是根据已知条件适当放缩;二是利用常见放缩结论;(3)构造“形似”函数,稍作变形再构造,对原不等式同解变形,根据相似结构构造辅助函数.(二)选考题:共10分.请考生在第22,23题中任选一题作答.如果多做,那么按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在直角坐标系:中曲线的参数方程为(为参数),是上的动点,点满足,点的轨迹为曲线.(Ⅰ)求的参数方程;(Ⅱ)在以为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,直线与的异于极点的交点为,与的异于极点的交点为,将曲线、的方程转化为极坐标方程后,求.【答案】(Ⅰ)(为参数).(Ⅱ)2【解析】【分析】(Ⅰ)直接利用转换关系的应用,把参数方程和直角坐标方程进行转换.(Ⅱ)利用极径的应用和三角函数关系式的变换的应用求出结果.【详解】解:(Ⅰ)设由于点满足,所以,由于点在上,所以,整理得的参数方程(为参数).(Ⅱ)曲线的参数方程转换为极坐标方程为,曲线的参数方程转换为极坐标方程为,直线转换为极坐标方程为.所以,解得, 同理,解得,故.【点睛】本题考查极坐标与参数方程的综合应用,其中涉及到轨迹方程的求解、极坐标中两点间的距离求解,难度一般.极坐标系中,极角相同的两点间的距离等于极径差的绝对值.[选修4-5:不等式选讲]23.设函数(1)当时,解不等式;(2)若存在,使得成立,求a的取值范围.【答案】(1)或;(2).【解析】【分析】(1)当时,利用零点法进行分类,求出不等式的解集;(2)若存在,使得成立,即,根据之间的大小关系,进行分类,最后求出的取值范围.【详解】解:(1)当时,,或或,即,或,或,即或.(2)即,当时,恒成立; 当时,,可知,得;当时,,同理,得.综上,的取值范围为.【点睛】本题考查了解绝对值不等式,考查了不等式存在性问题,正确的分类是解题的关键.

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发布时间:2024-01-17 03:35:01 页数:25
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文章作者:随遇而安

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