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河南省开封市五县联考2023-2024学年高二上学期12月月考数学试题(Word版附解析)

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2023-2024学年五县联考高二年级数学试卷一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.抛物线的焦点坐标是()AB.C.D.2.记为数列前项和,设甲:为等差数列;乙:为等差数列,则()A.甲是乙的充分条件但不是必要条件B.甲是乙的必要条件但不是充分条件C.甲是乙的充要条件D.甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件3.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,S9=-36,S13=-104,等比数列{bn}中,b5=a5,b7=a7,则b6的值为A.±4B.-4C.4D.无法确定4.过点与圆相切两条直线的夹角为,则()A.1B.C.D.5.设首项为,公比为的等比数列的前项和为,则A.B.C.D.6.空间直角坐标系中,经过点,且法向量为的平面方程为,经过点且一个方向向量为的直线的方程为,阅读上面的内容并解决下面问题:现给出平面的方程为,经过的直线的方程为,则直线与平面所成角的正弦值为()A.B.C.D. 7.记为等比数列的前n项和,若,,则().A.120B.85C.D.8.F1、F2分别是双曲线-=1(a>0,b>0)的左、右焦点,过点F1的直线l与双曲线的左右两支分别交于A、B两点,若△ABF2是等边三角形,则该双曲线的离心率为(  )A.B.C.D.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.记为等差数列的前n项和.若,则以下结论一定正确的是()A.B.的最大值为C.D.10.已知数列的前n项和为,且满足,则下列说法正确的是()A.数列的前n项和为B.数列的通项公式为C.数列为递增数列D.数列为递增数列11.设O为坐标原点,直线过抛物线的焦点,且与C交于M,N两点,l为C的准线,则().A.B.C.以MN为直径的圆与l相切D.为等腰三角形12.已知数列满足,则下列结论正确的有(  )A.为等比数列B.的通项公式为C.为递增数列D.的前n项和 三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知,,则向量坐标为______.14.已知数列的前n项和,则数列通项公式为________.15.已知数列满足,,则的前10项和____________.16.已知直线l:经过椭圆C:的左焦点,且与椭圆C相交于M,N两点,为椭圆的右焦点,的周长为16,则此椭圆的短轴长为______.四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知数列的前n项和.(1)求数列的通项公式;(2)若,求数列的前n项和.18.设数列{an}的前n项和为Sn,且首项a1≠3,an+1=Sn+3n(n∈N*).(1)求证:{Sn﹣3n}是等比数列;(2)若{an}为递增数列,求a1的取值范围.19.记为数列的前n项和,已知是公差为的等差数列.(1)求通项公式;(2)证明:.20.如图,在四棱锥中,底面,底面是直角梯形,,,,E是上的点.(1)求证:平面平面; (2)若E是的中点,且二面角的余弦值为,求直线与平面所成角的正弦值.21.在数列中,.(1)证明:数列为常数列.(2)若,求数列的前项和.22.已知椭圆的对称中心为原点,焦点在轴上,左、右焦点分别为,,且,点在该椭圆上.(1)求椭圆的方程;(2)过的直线与椭圆相交于,两点,若的面积为,求以为圆心且与直线相切的圆的方程. 2023-2024学年五县联考高二年级数学试卷一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.抛物线的焦点坐标是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】将抛物线化为标准方程可得焦点坐标.【详解】抛物线标准方程为,其焦点坐标为故选:C.2.记为数列的前项和,设甲:为等差数列;乙:为等差数列,则()A.甲是乙的充分条件但不是必要条件B.甲是乙的必要条件但不是充分条件C.甲是乙的充要条件D.甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件【答案】C【解析】【分析】利用充分条件、必要条件的定义及等差数列的定义,再结合数列前n项和与第n项的关系推理判断作答.,【详解】方法1,甲:为等差数列,设其首项为,公差为,则,因此为等差数列,则甲是乙的充分条件;反之,乙:为等差数列,即为常数,设为, 即,则,有,两式相减得:,即,对也成立,因此为等差数列,则甲是乙的必要条件,所以甲是乙的充要条件,C正确.方法2,甲:为等差数列,设数列的首项,公差为,即,则,因此为等差数列,即甲是乙的充分条件;反之,乙:为等差数列,即,即,,当时,上两式相减得:,当时,上式成立,于是,又为常数,因此为等差数列,则甲是乙的必要条件,所以甲是乙的充要条件.故选:C3.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,S9=-36,S13=-104,等比数列{bn}中,b5=a5,b7=a7,则b6的值为A.±4B.-4C.4D.无法确定【答案】A【解析】【详解】试题分析:因为.考点:本小题考查等差数列的前n项和公式及等差等比中项等内容.点评:对于等比数列:若m+n=p+q,,则,对于等差数列若m+n=p+q,,则.4.过点与圆相切的两条直线的夹角为,则() A.1B.C.D.【答案】B【解析】【分析】方法一:根据切线的性质求切线长,结合倍角公式运算求解;方法二:根据切线的性质求切线长,结合余弦定理运算求解;方法三:根据切线结合点到直线的距离公式可得,利用韦达定理结合夹角公式运算求解.【详解】方法一:因为,即,可得圆心,半径,过点作圆C的切线,切点为,因为,则,可得,则,,即为钝角,所以;法二:圆的圆心,半径,过点作圆C的切线,切点为,连接,可得,则,因为且,则,即,解得,即为钝角,则, 且为锐角,所以;方法三:圆的圆心,半径,若切线斜率不存在,则切线方程为,则圆心到切点的距离,不合题意;若切线斜率存在,设切线方程为,即,则,整理得,且设两切线斜率分别为,则,可得,所以,即,可得,则,且,则,解得.故选:B.5.设首项为,公比为的等比数列的前项和为,则A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】Sn====3-2an. 6.空间直角坐标系中,经过点,且法向量为的平面方程为,经过点且一个方向向量为的直线的方程为,阅读上面的内容并解决下面问题:现给出平面的方程为,经过的直线的方程为,则直线与平面所成角的正弦值为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】由题意得到直线的方向向量和平面的法向量,利用线面角的向量求解公式得到答案.【详解】由题意得,直线的方向向量为,平面的法向量为,设直线与平面所成角的大小为,则故选:A7.记为等比数列的前n项和,若,,则().A.120B.85C.D.【答案】C【解析】【分析】方法一:根据等比数列的前n项和公式求出公比,再根据的关系即可解出;方法二:根据等比数列的前n项和的性质求解.【详解】方法一:设等比数列的公比为,首项为,若,则,与题意不符,所以;若,则,与题意不符,所以;由,可得,,①, 由①可得,,解得:,所以.故选:C.方法二:设等比数列的公比为,因,,所以,否则,从而,成等比数列,所以有,,解得:或,当时,,即为,易知,,即;当时,,与矛盾,舍去.故选:C.【点睛】本题主要考查等比数列的前n项和公式的应用,以及整体思想的应用,解题关键是把握的关系,从而减少相关量的求解,简化运算.8.F1、F2分别是双曲线-=1(a>0,b>0)的左、右焦点,过点F1的直线l与双曲线的左右两支分别交于A、B两点,若△ABF2是等边三角形,则该双曲线的离心率为(  )A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】如图,设等边三角形边长为,设,根据双曲线的定义有,解得.在三角形中,由余弦定理得,化简得. 二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.记为等差数列的前n项和.若,则以下结论一定正确的是()A.B.的最大值为C.D.【答案】AC【解析】【分析】根据等差数列的定义及前项和公式可求得公差与的关系,再对各项进行逐一判断即可.【详解】设等差数列的公差为,因为,可得,解得,又由,所以,所以A正确;因为公差正负不能确定,所以可能为最大值最小值,故B不正确;由,所以,所以C正确;因为,所以,即,所以D错误.故选:AC.10.已知数列的前n项和为,且满足,则下列说法正确的是()A.数列的前n项和为B.数列的通项公式为C.数列为递增数列D.数列为递增数列【答案】AD 【解析】【分析】先根据和项与通项关系化简条件,再构造等差数列,利用等差数列定义与通项公式求,最后根据和项与通项关系得.【详解】因此数列为以为首项,为公差的等差数列,也是递增数列,即D正确;所以,即A正确;当时所以,即B,C不正确;故选:AD【点睛】本题考查由和项求通项、等差数列定义与通项公式以及数列单调性,考查基本分析论证与求解能力,属中档题.11.设O为坐标原点,直线过抛物线的焦点,且与C交于M,N两点,l为C的准线,则().A.B.C.以MN为直径的圆与l相切D.为等腰三角形【答案】AC【解析】【分析】先求得焦点坐标,从而求得,根据弦长公式求得,根据圆与等腰三角形的知识确定正确答案.【详解】A选项:直线过点,所以抛物线的焦点, 所以,则A选项正确,且抛物线的方程为.B选项:设,由消去并化简得,解得,所以,B选项错误.C选项:设的中点为,到直线的距离分别为,因为,即到直线的距离等于的一半,所以以为直径的圆与直线相切,C选项正确.D选项:直线,即,到直线的距离为,所以三角形的面积为,由上述分析可知,所以,所以三角形不是等腰三角形,D选项错误.故选:AC. 12.已知数列满足,则下列结论正确的有(  )A.为等比数列B.的通项公式为C.为递增数列D.的前n项和【答案】ABD【解析】【分析】根据已知证明为定值即可判断A;由A选项结合等比数列通项即可判断B;作差判断的符号即可判断C;利用分组求和法即可判断D.【详解】因为,所以+3,所以,又因为,所以数列是以4为首项,2为公比的等比数列,故A正确;,即,故B正确;因,因为,所以,所以,所以为递减数列,故C错误; ,则,故D正确.故选:ABD.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知,,则向量的坐标为______.【答案】【解析】【分析】空间向量线性运算的坐标表示,直接求值.【详解】已知,,则.故答案为:14.已知数列的前n项和,则数列通项公式为________.【答案】【解析】【分析】当n=1时直接由Sn求出a1,当n≥2时由an=Sn﹣Sn﹣1解得an,然后验证a1适合an得结论.【详解】由,得当n=1时,a1=S1=1;当n≥2时,,验:当n=1时,a1=1,不符合上式.∴数列的通项公式为.故答案为:.【点睛】易错点睛:在数列中,由求时,分当n=1时和当n≥2时两种情况,易错当n=1时的检验在n≥2时是否成立. 15.已知数列满足,,则的前10项和____________.【答案】75【解析】【分析】根据题意分别求,进而求.【详解】由题意可知:,,,,,,,,,,所以的前10项和.故答案为:75.16.已知直线l:经过椭圆C:的左焦点,且与椭圆C相交于M,N两点,为椭圆的右焦点,的周长为16,则此椭圆的短轴长为______.【答案】【解析】【分析】确定,根据周长确定,得到答案.【详解】直线l:经过椭圆的左焦点,则,,的周长为,解得,故,椭圆的短轴长为.故答案为:.四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知数列的前n项和. (1)求数列的通项公式;(2)若,求数列的前n项和.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)利用,即可得的通项公式;(2)由题可知,利用分组求和法即得.【小问1详解】因为,当时,,当时,,因为也满足,综上,;【小问2详解】由题可知,所以.18.设数列{an}的前n项和为Sn,且首项a1≠3,an+1=Sn+3n(n∈N*).(1)求证:{Sn﹣3n}是等比数列;(2)若{an}为递增数列,求a1的取值范围.【答案】(1)证明见解析;(2)a1>﹣9且a1≠3.【解析】【分析】 (1)由an+1=Sn+3n得,整理得Sn+1﹣3n+1=2(Sn﹣3n),即证;(2)由(1)可求出,继而求出,由可解出.【详解】证明:(1)∵an+1=Sn+3n(n∈N*),,∴Sn+1=2Sn+3n,∴Sn+1﹣3n+1=2(Sn﹣3n),∵a1≠3,∴数列{Sn﹣3n}是公比为2,首项为a1﹣3的等比数列;(2)由(1)得,∴,n≥2时,,∵{an}为递增数列,∴n≥2时,,即,∴n≥2时,,∴,∵a2=a1+3>a1,∴a1的取值范围是a1>﹣9且a1≠3.【点睛】本题数列递推式、等比数列的性质,属于中档题.19.记为数列的前n项和,已知是公差为的等差数列.(1)求的通项公式;(2)证明:.【答案】(1)(2)见解析【解析】【分析】(1)利用等差数列的通项公式求得,得到 ,利用和与项的关系得到当时,,进而得:,利用累乘法求得,检验对于也成立,得到的通项公式;(2)由(1)的结论,利用裂项求和法得到,进而证得.【小问1详解】∵,∴,∴,又∵是公差为的等差数列,∴,∴,∴当时,,∴,整理得:,即,∴,显然对于也成立,∴的通项公式;【小问2详解】∴ 20.如图,在四棱锥中,底面,底面是直角梯形,,,,E是上的点.(1)求证:平面平面;(2)若E是中点,且二面角的余弦值为,求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)利用勾股定理证明,再由线面垂直得,从而可得平面,进而可证得面面垂直;(2)依题意建立空间直角坐标系,设,由向量法求二面角得值,再用向量法求线面角.【小问1详解】由题意四边形是直角梯形,,,所以,则,又平面,平面,则,又,平面,所以平面,又平面,所以平面平面;【小问2详解】依题意,以为轴建立空间直角坐标系,如图, 设,则,.,,,则,,,设平面的一个法向量是,则,令,则,易知平面的一个法向量为,设二面角为,由图形可知,则,解得,则,记直线PA与平面EAC所成角为,,所以.21.在数列中,.(1)证明:数列为常数列.(2)若,求数列的前项和.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】 【分析】(1)化简得,即可证明;(2)应用错位相减法即可求解.【小问1详解】令,得,则.因为①,所以②.①-②得,即.因为,所以数列为常数列.【小问2详解】由(1)可得,所以是公差为1的等差数列,所以.因为,所以③,④.③-④得,所以.22.已知椭圆的对称中心为原点,焦点在轴上,左、右焦点分别为,,且,点在该椭圆上.(1)求椭圆的方程;(2)过的直线与椭圆相交于,两点,若的面积为,求以为圆心且与直线相切的圆的方程.【答案】(1);(2). 【解析】【分析】(1)依题意可得,从而得到,的坐标,再根据椭圆的定义求出,最后求出,即可得到椭圆方程;(2)分直线的斜率存在与不存在两种情况讨论,当斜率存在时设直线的方程为,,,联立直线与椭圆方程,消元、列出韦达定理,利用弦长公式表示出,再利用点到直线的距离公式得到圆的半径,最后根据的面积得到方程,即可求出,从而求出圆的方程.【小问1详解】解:由题意知,所以,,所以,由椭圆定义知:,则,,故椭圆的方程为.【小问2详解】解:①当直线轴时,令,可得,解得,可取,,此时的面积,与题设矛盾,舍去.②当直线与轴不垂直时,设直线的方程为,代入椭圆方程得,成立,设,,则,,可得.又圆的半径, ∴的面积为,化简得,解得,∴,∴圆的方程为.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2024-01-16 07:35:01 页数:24
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文章作者:随遇而安

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