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四川省泸州市泸县泸县第五中学2023-2024学年高二上学期期中数学试题(Word版附解析)
四川省泸州市泸县泸县第五中学2023-2024学年高二上学期期中数学试题(Word版附解析)
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泸县五中2023年秋期高二期中考试数学试题本试卷共4页,22小题,满分150分.考试用时120分钟.第I卷选择题(60分)一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知空间上点和,则为()A.3B.4C.5D.1【答案】C【解析】【分析】有空间向量的坐标,向量模的计算,或者空间两点间距离公式直接求得即可.【详解】由空间两点间距离公式.故选:.【点睛】本题考查空间向量的模的计算,难度容易.2.已知复数满足(为虚数单位),则复数的模等于()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据复数的除法运算化简复数,再求模长即可.【详解】因为,所以所以.故选:A.3.已知直线的倾斜角为,若直线与垂直,则的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】B【解析】 【分析】根据题意,由直线倾斜角的定义,即可得到结果.【详解】因为的倾斜角为,与垂直,所以的倾斜角为.故选:B.4.某小组做“用频率估计概率”的试验时,绘出的某一结果出现的频率折线图,则符合这一结果的试验可能是()A.抛一枚硬币,出现正面朝上B.掷一个正方体的骰子,出现3点朝上C.一副去掉大小王的扑克牌洗匀后,从中任抽一张牌的花色是红桃D.从一个装有2个红球1个黑球的袋子中任取一球,取到的是黑球【答案】D【解析】【分析】由折线图可知,频率在0.3到0.4之间,依次分析各选项对应的概率,看是否符合即可【详解】由折线图可知,频率在0.3到0.4之间选项A,抛一枚硬币,出现正面朝上的概率为0.5,不符合,故A错;选项B,掷一个正六面体的骰子,出现3点朝上概率为,不符合,故B错;选项C,一副去掉大小王的扑克牌洗匀后,从中任抽一张牌的花色是红桃概率为,不符合,故C错;选项D,从一个装有2个红球1个黑球的袋子中任取一球,取到的是黑球概率为,在0.3到0.4之间,符合题意,故D对故选:D5.直线与直线互相平行,则实数A.B.4C.D.2【答案】D【解析】【分析】利用两条直线平行,它们的斜率相等或者斜率都不存在的性质求解. 【详解】当时,,,此时,不满足条件,当时,应满足,解得,综上,.故选:D.【点睛】本题考查含有参数的两条直线平行的参数的求法,判断斜率相等或者斜率都不存在是关键.6.若方程表示圆,则m的范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】配方变形为圆的标准方程后可得.【详解】方程配方后得,它表示圆,则,.故选:C.【点睛】本题考查圆的一般方程,二元二次方程表示圆,可通过配方法化为圆的标准方程,由圆标准方程得条件.7.设,,O为坐标原点,点P满足,若直线上存在点Q使得,则实数k的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】设,由两点距离公式计算可得根据题意可得,进而利用点到直线的距离公式即可求解.【详解】设,, ,即.点P的轨迹为以原点为圆心,2为半径的圆面.若直线上存在点Q使得,则PQ为圆的切线时最大,,即.圆心到直线的距离,或.故选:C.8.在三棱锥中,PA,PB,PC互相垂直,,M是线段BC上一动点,且直线AM与平面PBC所成角的正切值的最大值是,则三棱锥外接球的体积是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由线面角的最大值求出边长PC,将三棱锥补形成长方体,再确定外接球的半径,计算体积.【详解】M是线段BC上一动点,连接PM.因为PA,PB,PC互相垂直,所以是直线AM与平面PBC所成的角.当PM最短,即时,直线AM与平面PBC所成角的正切值最大,此时,. 在中,,则,解得.将三棱锥扩充为长方体,则长方体的体对角线长为.故三棱锥外接球的半径,三棱锥外接球的体积为.所以D正确;故选:D.二.选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.(多选)设定点,,动点满足,则点的轨迹可能是()A.圆B.线段C.椭圆D.直线【答案】BC【解析】【分析】结合基本不等式求得,结合椭圆定义分类讨论,即可求解.【详解】由题意知,定点,,可得,因为,可得,当且仅当,即时等号成立.当时,可得的,此时点的轨迹是线段;当时,可得,此时点的轨迹是椭圆.故选:BC.10.中国篮球职业联赛(CBA)中,某运动员在最近几次比赛中的得分情况如下表:投篮次数投中两分球的次数投中三分球次数 1006516记该运动员在一次投篮中,投中两分球为事件A,投中三分球为事件B,没投中为事件C,且事件A,B,C是否发生互不影响,用频率估计事件A,B,C发生的概率,,,下述结论中正确的是()A.B.C.D.【答案】ABC【解析】【分析】根据频率与概率的关系,结合互斥事件的加法公式逐个判断即可【详解】,用频率估计事件发生的概率,可得,,,故ABC正确,表示事件B发生或事件C发生,故.故D错误;故选:ABC.11.已知直线的一个方向向量为,且经过点,则下列结论中正确的是()A.的倾斜角等于B.在轴上截距等于C.与直线垂直D.与直线平行【答案】CD【解析】【分析】根据题意求出直线的方程,然后逐个分析判断即可.【详解】因为直线的一个方向向量为,所以直线的斜率,因为直线经过点,所以直线的方程为, 即,A,直线的斜率,则倾斜角等于,A错误;B,当时,,所以在轴上的截距等于,B错误;C,因为直线的斜率,直线直线的斜率为,,所以两直线垂直,C正确;D,因为直线的斜率,直线的斜率,不过(1,-2),所以两直线平行,D正确.故选:CD12.在正方体中,点P满足,其中,,则下列说法正确的是()A.当时,平面B.当时,三棱锥的体积为定值C.当时,△PBD的面积为定值D.当时,直线与所成角的取值范围为【答案】ABD【解析】【分析】对于A选项,确定点在面对角线上,通过证明面面平行,得线面平行;对于B选项,确定点在棱上,由等体积法,说明三棱锥的体积为定值;对于C选项,确定点在棱上,的底不变,高随点的变化而变化;对于D选项,通过平移直线,找到异面直线与所成的角,在正中,确定其范围.【详解】对于A选项,如下图,当时,点在面对角线上运动,又平面,所以平面,在正方体中,且,则四边形为平行四边形, 所以,,平面,平面,平面,同理可证平面,,所以,平面平面,平面,所以,平面,A正确;对于B选项,当时,如下图,点在棱上运动,三棱锥的体积为定值,B正确;对于C选项,当时,如图,点在棱上运动,过作于点,则,其大小随着的变化而变化,C错误;对于D选项,如图所示,当时,,,三点共线,因为且,所以四边形为平行四边形,所以,所以或其补角是直线与所成角, 在正中,的取值范围为,D正确.故选:ABD.第II卷非选择题(90分)三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知一组数按从小到大顺序排列的数据:24,30,36,38,40,50,52,54,57,60;这组数据的第30百分位数为______.【答案】37【解析】【分析】按照百分位数的定义,直接求得.【详解】因为这一组数据为:24,30,36,38,40,50,52,54,57,60;所以第30百分位数为.故答案为:37.14.已知三点共线,则的值为________.【答案】【解析】【分析】由条件可得,结合两点斜率公式列方程求的值.【详解】因为三点共线,所以,所以,解得.故答案为:. 15.设椭圆的两个焦点分别为,,过作椭圆长轴的垂线交椭圆于点,若为等腰直角三角形,则椭圆离心率等于__________.【答案】【解析】【详解】设到位于轴上方,坐标为,∵为等腰直角三角形,∴,即,即,∵,∴,,∴.16.设点P(x,y)是圆C:x2+(y-2)2=1上的动点,定点A(1,0),B(-1,0),则的最大值为_____【答案】8【解析】【分析】用点的坐标表示出,,再求出并借助点P在圆C上的条件即可作答.【详解】因点在圆C上,即,则,且,而,于是得,显然在上单调递增,则当时,,即,所以的最大值为8.故答案为:8四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.对某班40名同学每天参加课外活动的时间进行了详细统计,并绘制成频率分布直方图,其中 ,,,,在纵轴上对应的高度分别为m,0.02,0.0375,0.0175,m,如图所示.(1)求实数m的值并估计每位同学每天参加课外活动的平均时间;(2)从每天参加活动不少于50分钟的人(含男生甲)中任选3人,求其中的男生甲被选中的概率.【答案】(1),平均时间为34.75分钟;(2)【解析】【分析】(1)根据频率之和为1可求,再根据平均数公式可求;(2)设每天参加活动不少于50分钟的人分别为,甲,列出所有可能结果,再利用古典概型概率公式可计算.【详解】(1)由频率之和为1可得,解得,每位同学每天参加课外活动的平均时间为分钟;(2)每天参加活动不少于50分钟的人有人,设为,甲,则从中任选3人,可能情况有abc,abd,ab甲,acd,ac甲,ad甲,bcd,bc甲,bd甲,cd甲,共10种,其中的男生甲被选中的情况有ab甲,ac甲,ad甲,bc甲,bd甲,cd甲,共6种,则男生甲被选中的概率为.18.如图,矩形ABCD的两条对角线相交于点,AB边所在直线的方程为,点在AD边所在直线上. (1)求AD边所在直线的方程;(2)求对角线AC所在直线的方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据直线垂直的关系求出直线斜率即可求AD边所在直线的方程;(2)求出交点A的坐标即可求对角线AC所在直线的方程【小问1详解】解法一:因为AB边所在直线的方程为,所以.又因为矩形ABCD中,,所以.所以由点斜式可得AD边所在直线的方程为:,即;解法二:因为矩形ABCD中,,所以设AD边所在直线的方程为:.又因为直线AD过点,所以将点代入上式得,解得.所以AD边所在直线的方程为:;【小问2详解】由,解得,即,所以对角线AC所在直线的方程:,即.19.甲、乙、丙三个学校进行篮球比赛,各出一个代表队,简称甲队、乙队、丙队.约定赛制如下:累计负两场者被淘汰;比赛前抽签决定首先比赛的两个队,另一队轮空;每场比赛的胜队与轮空队进行下一场比赛,负队下一场轮空,直至有一队被淘汰;当一队被淘汰后,剩余的两队继续比赛,直至其中一队被淘汰,另一队最终获胜,比赛结束.经抽签,甲、乙两队首先比赛,丙队轮空.设甲队与乙队每场比赛,甲 队获胜概率为0.5,甲队与丙队每场比赛,甲队获胜概率为0.6,乙队与丙队每场比赛,乙队获胜概率为0.4.记事件A为甲队输,事件B为乙队输,事件C为丙队输,(1)写出用A,B,C表示“乙队连胜四场”的事件,并求其概率;(2)写出用A,B,C表示“比赛四场结束”的事件,并求其概率;(3)求“需要进行第五场比赛”的概率.【答案】(1)事件为ACAC,概率为;(2)事件分别为BCBC,ACAC,ABAB和BABA,概率为;(3)【解析】【分析】(1)根据给定条件,写出所求事件,再利用相互独立事件的概率公式计算作答.(2)比赛四场结束的事件是三个互斥事件的和,写出该事件,再利用互斥事件、相互独立事件的概率公式求解作答.(3)由(2),利用对立事件求出概率作答.【小问1详解】依题意,,“乙队连胜四场”的事件为ACAC,所以.【小问2详解】“比赛四场结束”共有三种情况,分别是:“甲队连胜四场”为事件BCBC;“乙队连胜四场”为事件ACAC;“丙队上场后连胜三场”为事件ABAB和事件BABA,所以,“比赛四场结束”的概率为.【小问3详解】根据赛制,至少需要进行四场比赛,至多需要进行五场比赛,所以,需要进行第五场比赛的概率为.20.已知圆C的圆心在直线上,并且与x轴的交点分别为.(1)求圆C的方程;(2)若直线l过原点且垂直于直线,直线l交圆C于M,N,求的面积. 【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由条件有圆心在线段的中垂线上,又圆心在直线,两方程联立可求出圆心坐标,从而求出圆的方程.(2)根据条件直线l的方程为:,先求出圆心到直线l的距离,再由垂径定理求出弦长,则三角形面积可求.【详解】(1)线段的中垂线方程为:,圆与x轴的交点分别为,则圆心在线段的中垂线上.由,得,∴圆心C为,又半径,∴圆C的方程为.(2)直线l垂直于直线,则又直线l过原点,则直线l的方程为:,所以点C到直线l的距离为:,,.【点睛】本题考查利用圆的几何性质求圆的方程,考查圆中垂径的应用,属于中档题.21.如图,点C在以AB为直径的圆O上,PA垂直于圆O所在平面,G为△AOC的重心.(1)求证:平面平面PAC; (2)若,求二面角A-OP-G的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)要证明面面垂直,转化为证明线面垂直,即证明平面;(2)以点为原点,建立空间直角坐标系,分别求平面OPM的一个法向量和平面AOP的一个法向量,利用,即可求解.【小问1详解】证明:如图,延长OG交AC于点M.因为G为△AOC的重心,所以M为AC的中点.因为O为AB的中点,所以.因为AB是圆的直径,所以,所以.因为平面ABC,平面ABC,所以.又平面PAC,平面PAC,,所以平面PAC.即平面PAC又平面OPG,所以平面平面PAC.【小问2详解】以点C为原点,,,方向分别为x,y,z轴正方向建立空间直角坐标系C-xyz,则,,,,,, 则,,,平面OPG即为平面OPM,设平面OPM的一个法向量为,则令,得.且设平面AOP的一个法向量为,则令,得.且设所求二面角的平面角为,因为,因为所求二面角为锐角,所以二面角A-OP-G的余弦值为22.已知椭圆的左、右焦点分别为、,其离心率为.椭圆的左、右顶点分别为,,且.(1)求椭圆的方程;(2)过的直线与椭圆相交于,(不与顶点重合),过右顶点分别作直线,与直线相交于,两点,以为直径的圆是否恒过某定点?若是,求出该定点坐标;若不是,请说明理由.【答案】(1) (2)过定点;,【解析】【分析】(1)由题意可得,,从而可求出,再由可求出,进而可求得椭圆的方程,(2)设直线的方程为,代入椭圆的方程化简整理再由根与系数的关系可得,,再由直线,可求得,,则可得以为直径的圆的方程,结合前面的式子化简可得,从而可求得圆过的定点【小问1详解】由离心率.且左右顶点间距离为,所以,,,∴椭圆的标准方程为.【小问2详解】由(1)知,,由题意,直线的斜率不为0,设直线的方程为,代入椭圆的方程,整理得.设,,则,②由直线,令,得,同理,∴以为直径的圆的方程为, 即,③由②得,代入③得圆的方程为.若圆过定点,则解得或
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高中 - 数学
发布时间:2023-12-29 21:25:01
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