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四川省泸州市泸县第一中学2024届高三一模数学(文)试题(Word版附解析)
四川省泸州市泸县第一中学2024届高三一模数学(文)试题(Word版附解析)
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泸县一中高2021级高三一诊模拟考试数学(文史类)本试卷共4页,23小题,满分150分.考试用时120分钟.第I卷选择题(60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知全集为,集合,,则集合等于()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先计算,再计算.【详解】,,,故选:B.2.若复数,为虚数单位,则的虚部为()A.B.C.1D.2【答案】C【解析】【分析】由共轭复数的定义和复数虚部的定义求解.【详解】复数,则,的虚部为1.故选:C3.若,则=()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】运用整体代换的思想,找出已知角与所求角之间的关系,根据诱导公式即可求解. 【详解】.故选:C.4.已知,则()A.B.0C.D.【答案】A【解析】【分析】由弦切互化可得,进而由余弦的二倍角公式以及齐次式的计算即可求解.【详解】由可得,故,故选:A5.设a=log36,b=log510,c=log714,则( ).A.c>b>aB.b>c>aC.a>c>bD.a>b>c【答案】D【解析】【详解】试题分析:,,;且;.考点:对数函数的单调性.6.已知函数且,则等于()A.B.C.D.【答案】A【解析】 【分析】根据分段函数解析式及求出,再计算即可得解.【详解】若,则,即,无解;若,则,即,解得,所以,故选:A7.将函数f(x)=sin2x-cos2x的图象向左平移个单位长度,所得图象对应的函数()A.在区间[0,]上单调递增B.最小正周期为C.图象关于对称D.图象关于(,0)对称【答案】C【解析】【分析】根据辅助角公式可得,再由三角函数图象的平移变换可得,结合正弦函数的性质逐一判断即可.【详解】,其图象向左平移个单位长度,可得,当时,,所以函数在区间[0,]上不单调,故A不正确;最小正周期为,故B不正确; 当时,,即,故C正确、D不正确;故选:C8.已知直线,和平面,,若,,,要使,则应增加的条件是A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】已知直线m、n和平面α、β,若α⊥β,α∩β=m,nα,应增加的条件n⊥m,才能使得n⊥β.9.若函数在区间上不单调,则实数的取值范围是()A.B.C.D.不存在这样的实数k【答案】B【解析】【分析】利用导数与函数单调性的关系以及一元二次方程的根进行求解.【详解】由题意得,在区间上至少有一个实数根,又的根为,且在或两侧异号,而区间的区间长度为2,故只有2或-2在区间内,∴或,∴或,故A,C,D错误故选:B.10.已知函数的定义域为,为奇函数,为偶函数,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据函数图象之间的平移变换及所给奇、偶函数判断A,给出满足条件的特殊函数排除BCD.【详解】因为为奇函数,所以的图象经过原点,即, 由的图象向右平移2个单位可得函数的图象知,图象过点,即,因为为偶函数,所以,所以当时,,故A正确;令,则满足为奇函数,为偶函数,显然BCD不满足.故选:A11.已知点、.若点在函数的图象上,则使得的面积为的点的个数为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】设出点的坐标,以为底结合的面积计算出点到直线的距离,利用点到直线的距离公式可得出关于的方程,求出方程的解,即可得出结论.【详解】设点的坐标为,直线的方程为,即,设点到直线的距离为,则,解得,另一方面,由点到直线的距离公式得,整理得或,,解得或或.综上,满足条件的点共有三个.故选:C.【点睛】本题考查三角形面积的计算,涉及点到直线的距离公式的应用,考查运算求解能力,属于中等题.12.已知且,且,且,则()A.B. C.D.【答案】A【解析】【分析】可设,利用导数说明其单调性,依题意可得,,,从而得出,根据题意可知,,,这样即可得出,,的大小关系.【详解】解:记,有,所以当时,当时,在单调递减,在单调递增,因为且,且,且即,,即,,,则,,,,,,,,.故选:.第II卷非选择题(90分)二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.当时,幂函数为减函数,则实数的值为______.【答案】2【解析】【分析】根据给出的函数为幂函数,由幂函数概念知,再根据函数在上为减函数,得到幂指数应该小于0,求得的值应满足以上两条.【详解】解:因为函数既是幂函数又是上的减函数, 所以,解得:.故答案为:2.【点睛】本题考查了幂函数的概念及性质,解答此题的关键是掌握幂函数的定义,此题极易把系数理解为不等于0而出错,属基础题.14.已知角的顶点与原点重合,始边与x轴正半轴重合,终边过点,则______.【答案】【解析】【分析】根据角终边过点,可求出角三角函数值,再利用正弦和余弦的和差角公式,以及同角三角函数的平方关系,即可求出结果.【详解】∵的终边过点,∴,(三角函数的概念),∴,故答案为:.15.如图,圆台中,,其外接球的球心O在线段上,上下底面的半径分别为,,则圆台外接球的表面积为________. 【答案】【解析】【分析】列出外接球半径所满足的方程,解出半径,得外接球表面积.【详解】设外接球半径为R,则,解得,所以外接球表面积为,故答案为:.16.若面积是外接圆面积的,则______.【答案】##【解析】【分析】由正弦定理表示外接圆的面积,由的面积是外接圆面积的得出,又,化简即可得出结果.【详解】由正弦定理得,则,又的面积是外接圆面积的,所以,即.故答案为:.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21 题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.已知,且.(1)求的值;(2)若,求的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由诱导公式结合同角三角函数基本关系运算求解;(2)由题意构造角,结合两角和差公式可得,再结合倍角公式和诱导公式运算求解.【小问1详解】由题意可得:,即,又因为,则,所以.【小问2详解】因为,则,又因为,则,可得,所以. 18.在中,角、、所对的边分别为、、.已知,且.(1)求的值;(2)若,求周长的最大值.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)由已知式子和三角函数公式可得,进而得到的值;(2)由可得,利用基本不等式可求出的最大值,即可求出周长的最大值.【详解】解:(1)由,得,由正弦定理,得,由余弦定理,得,整理得,因为,所以,所以.(2)在中,,由余弦定理得,,因为,所以,即,所以,当且仅当时,等号成立.故当时,周长的最大值.19.已知函数.(Ⅰ)若是的极值点,确定的值;(Ⅱ)当时,,求实数的取值范围.【答案】(Ⅰ)(Ⅱ)【解析】【分析】 (Ⅰ)求导,根据得到答案.(Ⅱ),讨论,,三种情况,计算得到答案.【详解】(Ⅰ)的定义域为,,由题意.若,则,当时,;当时,.所以是极大值点,故.(Ⅱ),①若,则,在上单调递增,,满足题意.②若,则当时,,单调递增;当时,,单调递减;此时当时,,不合题意.③若,则时,,单调递减.,不合题意.综上可知,当,时,,故.【点睛】本题考查了函数的极值点问题,恒成立问题,转化为函数的最值问题是解题的关键.20.如图,在四棱锥中,底面为矩形,平面平面.(1)证明:平面;(2)若,且,求点到平面的距离.【答案】(1)证明见解析(2) 【解析】【分析】(1)根据面面垂直可得线面垂直,再得线线垂直,由线面垂直的判定定理得证;(2)根据等体积法求出点到面的距离即可.【小问1详解】证明:因为四边形是矩形,所以,又平面平面,平面平面平面,所以平面,因为平面,所以.因为平面,所以平面.【小问2详解】如图,取中点为,连接,由(1)知平面,所以,又,所以且,由平面平面,平面平面平面,则平面,即点到平面的距离为1,因为,所以,又,所以,所以.所以,设点到平面的距离为,则,,解得,即点到平面的距离为.21.已知函数f(x)=ae﹣x+lnx﹣1(a∈R). (1)当a≤e时,讨论函数f(x)的单调性:(2)若函数f(x)恰有两个极值点x1,x2(x1<x2),且x1+x2≤2ln3,求的最大值.【答案】(1)f(x)在(0,+∞)上单调递增;(2)3【解析】【分析】(1)求导得,当a≤0时,恒成立;当0<a≤e时,令g′(x)=ex﹣a,分析g(x)单调性结合取值得,进而可得结论.(2)函数f(x)恰有两个极值点x1,x2得,故令,则,,构造结合导数分析单调性,再判断最值.【小问1详解】函数的定义域为(0,+∞),,当a≤0时,恒成立,f(x)在(0,+∞)上单调递增;当0<a≤e时,令,则ex﹣ax=0,设g(x)=ex﹣ax,则,易知,当0<x<lna时,,g(x)单调递减,当x>lna时,,g(x)单调递增,∴g(x)≥g(lna)=elna﹣alna=a(1﹣lna)≥0,∴,在(0,+∞)上单调递增;综上,当a≤e时,f(x)在(0,+∞)上单调递增;【小问2详解】依题意,,则,两式相除得,,设,则t>1,x2=tx1,, ∴,,∴,设,则,设,则,∴在(1,+∞)单调递增,则,∴,则h(t)在(1,+∞)单调递增,又x1+x2≤2ln3,即h(t)≤2ln3,h(3)=2ln3,∴t∈(1,3],即的最大值为3.【点睛】思路点睛:对于带参函数讨论单调性的问题,一般在求导后结合对参数分类讨论进行分析;导数问题中带有不等式求范围或最值问题,一般先根据条件转化为它的等价条件,结合式子特征构造合适的函数,再求导结合单调性分析最值.(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程](10分)22.已知曲线C:(α为参数)和定点A(0,),F1,F2是此曲线的左、右焦点,以原点O为极点,以x轴的正半轴为极轴建立极坐标系.(1)求直线AF2的极坐标方程;(2)经过点F1且与直线AF2垂直的直线l交曲线C于M,N两点,求||MF1|-|NF1||的值.【答案】(1)ρcosθ+ρsinθ=;(2)【解析】【分析】(1)先将曲线C参数方程化为普通方程,求出F2点坐标,进而求出直线AF2的直角坐标方程,再化为极坐标方程; (2)根据条件求出具有几何意义的直线l参数方程,代入曲线C的普通方程,运用韦达定理和直线参数的几何意义,即可求解.【详解】(1)曲线C:可化为,故曲线C为椭圆,则焦点F1(-1,0),F2(1,0).所以经过点A(0,)和F2(1,0)的直线AF2的方程为x+=1,即x+y-=0,所以直线AF2的极坐标方程为ρcosθ+ρsinθ=.(2)由(1)知,直线AF2的斜率为-,因为l⊥AF2,所以直线l的斜率为,即倾斜角为30°,所以直线l的参数方程为(t为参数),代入椭圆C的方程中,得13t2-t-36=0.因为点M,N在点F1的两侧,所以||MF1|-|NF1||=|t1+t2|=.【点睛】本题考查普通方程化参数方程、直角坐标方程化极坐标方程,考查直线参数方程几何意义的运用,属于中档题.[选修4-5:不等式选讲](10分)23.已知函数.(1)当时,求不等式的解集;(2)若对于任意实数x,不等式恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】【分析】 (1)利用分类讨论法解绝对值不等式得解;(2)等式恒成立等价于,再分类讨论解绝对值不等式.【详解】(1)当时,有或或解得或或所以的解集为.(2)对于任意实数,不等式成立,即恒成立.又因为.要使原不等式恒成立,则需要.当时,无解;当时,由,解得;当时,由,解得,所以实数的取值范围是.【点睛】本题主要考查绝对值不等式的解法,考查绝对值三角不等式,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.
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发布时间:2023-12-23 05:40:02
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