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北京市顺义牛栏山第一中学2023-2024学年高二数学上学期10月月考试题(Word版附解析)
北京市顺义牛栏山第一中学2023-2024学年高二数学上学期10月月考试题(Word版附解析)
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牛栏山一中2023—2024学年第一学期10月月考高二数学第Ⅰ卷一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分,四个选项中只有一是符合题目.)1.在空间直角坐标系中,已知点,则线段的长度为()A.3B.4C.D.2.在空间直角坐标系中,点,点,则点关于点的对称点坐标是()A.B.C.D.3.经过点,且倾斜角为的直线方程是()A.B.C.D.4.直线x+(m+2)y﹣1=0与直线mx+3y﹣1=0平行,则m的值为( )A.﹣3B.1C.1或﹣3D.﹣1或35.如图,空间四边形中,,点为中点,点在侧棱上,且,则()A.B.C.D.6.直线的倾斜角的取值范围是()A.B.C.D.7.给出下列命题:①经过点的直线都可以用方程表示; ②若直线的方向向量,平面的法向量,则;③直线必过定点;④如果向量与任何向量不能构成空间向量的一个基底,那么一定共线.其中真命题的个数是()A.3B.2C.1D.08.已知空间三点,,,在直线上有一点满足,则点的坐标为()A.B.C.D.9.如图,在平行六面体中,,,则直线与直线所成角余弦值为()A.B.C.D.10.如图,在棱长为1的正方体中,分别是线段上的点,是直线上的点,满足平面,且不是正方体的顶点,则的最小值是()A.B.C.D.第Ⅱ卷 二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分.请把结果填在答题纸上的相应位置.)11.直线的倾斜角为______.12.已知点到直线的距离为2,则________.13.已知向量共面,则________.14.《九章算术》中将底面为直角三角形且侧棱垂直于底面的三棱柱称为堑堵.在堑堵中,若,点是直线上的动点,则到直线的最短距离是________.15.在正方体中,点分别是的中点.①;②与所成角为;③平面;④与平面所成角的正弦值为.其中所有正确说法序号是________.三、解答题(本大题共6小题,共85分,解答应写出文字说明过程或演算步骤.)16.已知直线与直线交于点P. (1)直线过点且平行于直线,求直线方程;(结果写成一般式)(2)直线与轴交于与轴交于点,请在直角坐标系中画出两条直线,求中边上的高线所在的直线方程.17.已知长方体中,是中点.(1)求直线与所成角余弦值;(2)求平面与平面夹角余弦值.18.(1)直线过点且在两坐标轴上的截距相等,求直线的方程;(2)直线过点且与轴正半轴分别交于两点,为坐标原点,求三角形面积取最小值时直线的方程.19.已知四棱锥中,底面是边长为4的正方形,是正三角形,平面,分别是的中点.(1)求证:⊥平面;(2)已知点是线段上的动点,并且到平面的距离是,求线段的长. 20.如图,在直棱柱中,底面是菱形,,分别是棱的中点.(1)求证:平面;(2)若二面角的大小是,求值,并求直线与平面所成角的正弦值.21.对于正整数集合,如果去掉其中任意一个元素之后,剩余的所有元素组成的集合都能分为两个交集为空集的集合,且这两个集合的所有元素之和相等,就称集合为“平衡集”.(1)判断集合是否是“平衡集”并说明理由;(2)求证:若集合是“平衡集”,则集合中元素的奇偶性都相同;(3)证明:四元集合,其中不可能是“平衡集”. 牛栏山一中2023—2024学年第一学期10月月考高二数学第Ⅰ卷一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分,四个选项中只有一是符合题目.)1.在空间直角坐标系中,已知点,则线段的长度为()A.3B.4C.D.【答案】A【解析】【分析】根据距离公式计算即可.【详解】.故选:A.2.在空间直角坐标系中,点,点,则点关于点的对称点坐标是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】直接根据中点坐标公式即可得结果.【详解】设点关于点的对称点坐标,由中点坐标公式可得,解得,即,故选:B.3.经过点,且倾斜角为的直线方程是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由倾斜角求斜率,应用点斜式求直线方程. 【详解】由题设,直线斜率为,又过,所以,直线方程为(或).故选:D4.直线x+(m+2)y﹣1=0与直线mx+3y﹣1=0平行,则m的值为( )A.﹣3B.1C.1或﹣3D.﹣1或3【答案】A【解析】分析】由题意可得1×3=(m+2)m,解方程求出m,然后检验即可【详解】根据直线x+(m+2)y﹣1=0与直线m+3y﹣1=0平行,可得1×3=(m+2)m,解得m=1或﹣3,当m=1时,两直线的方程重合,不符合题意;当m=﹣3时,两直线的方程为x﹣y﹣1=0和3x﹣3y+1=0,两直线平行,符合题意,故m=﹣3.故选:A.5.如图,空间四边形中,,点为中点,点在侧棱上,且,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由图形中线段关系,应用向量加减、数乘的几何意义用表示出.【详解】 .故选:C6.直线的倾斜角的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由直线斜率,结合斜率与倾斜角的关系求倾斜角的范围.【详解】由题设,直线斜率为,若倾斜角为,则,故.故选:C7.给出下列命题:①经过点的直线都可以用方程表示;②若直线的方向向量,平面的法向量,则;③直线必过定点;④如果向量与任何向量不能构成空间向量的一个基底,那么一定共线.其中真命题的个数是()A.3B.2C.1D.0【答案】B【解析】【分析】对于①④,可举出反例;对于②,计算向量数量积得到,从而得到;对于③,变形后得到直线所过定点.【详解】对于①,当经过点的直线斜率不存在时,不能用方程表示,①错误;对于②,因为,故,则直线与垂直,则,②正确; 对于③,直线变形为,必过定点,③正确;对于④,不共线的向量与零向量不能构成空间向量的一个基底,④错误.故选:B8.已知空间三点,,,在直线上有一点满足,则点的坐标为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】设,由向量垂直的坐标表示可构造方程求得,进而可得点坐标.【详解】由题意知:,,设,,,,解得:,,又,.故选:D.9.如图,在平行六面体中,,,则直线与直线所成角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由线段的位置关系及向量加减的几何意义有、,利用向量数 量积的运算律求、,最后应用夹角公式求直线夹角余弦值.【详解】由,,所以,又,,所以,而,,综上,直线与直线所成角的余弦值为.故选:D10.如图,在棱长为1的正方体中,分别是线段上的点,是直线上的点,满足平面,且不是正方体的顶点,则的最小值是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据正方体的性质得到平面,然后建立空间直角坐标系,设,,,根据∥平面,得到,,然后得到,最后求最值即可. 【详解】因为正方体,所以平面,,因平面,所以,因为,平面,所以平面,如图,以为原点,分别以为轴建立空间直角坐标系,,,设,,,,,,因为∥平面,所以,因为,所以,即,,所以当时,最小,最小为.故选:A.第Ⅱ卷二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分.请把结果填在答题纸上的相应位置.)11.直线的倾斜角为______.【答案】##【解析】【分析】根据倾斜角和斜率的关系即可求解. 【详解】直线的斜率,设其倾斜角为,故可得,又,故.故答案为:12.已知点到直线的距离为2,则________.【答案】【解析】【分析】根据点到直线的距离公式即可求解.【详解】由题意可得,故答案为:13.已知向量共面,则________.【答案】【解析】【分析】由向量共面定理,结合向量线性关系的坐标运算求参数即可.【详解】由题设且,即,所以.故答案为:14.《九章算术》中将底面为直角三角形且侧棱垂直于底面的三棱柱称为堑堵.在堑堵中,若,点是直线上的动点,则到直线的最短距离是________. 【答案】1【解析】【分析】建立空间直角坐标系,利用点到直线的距离公式求解.【详解】如图以点C为原点,为轴,为轴,为轴建立空间直角坐标系,则,且,,因为点是直线上的动点,设点,则,即,可得,即,,则到直线的距离是,则当时,到直线的最短距离是1.故答案为:115.在正方体中,点分别是的中点.①;②与所成角为;③平面; ④与平面所成角的正弦值为.其中所有正确说法的序号是________.【答案】②③【解析】【分析】连接,连接交于,连接,易得,由平行公理判断①;利用线面垂直性质及判定判断②③;转化求与平面所成角,结合线面角定义及已知求其正弦值判断④.【详解】连接,连接交于,连接,则是中点,所以是的中点,则,而,故不成立,①错;如下图,,面,面,则,由,面,则面,面,所以与垂直,②对; 如下图,若为中点,连接,显然,则面即为面,由题设易知:,则,即,由面,面,则,,面,则面,即平面,③对;如下图,由面面,则与平面所成角,即为与平面所成角,由面,连接,则或其补角即为所求线面角,在中,,所以,④错.故答案为:②③三、解答题(本大题共6小题,共85分,解答应写出文字说明过程或演算步骤.) 16.已知直线与直线交于点P.(1)直线过点且平行于直线,求直线的方程;(结果写成一般式)(2)直线与轴交于与轴交于点,请在直角坐标系中画出两条直线,求中边上的高线所在的直线方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(Ⅰ)联立两个直线的方程求出的坐标,根据平行直线系方程即可代入求解,(2)根据两直线垂直满足的斜率关系,即可由点斜式方程求解.【小问1详解】联立方程得,解可得,则的坐标为,由于直线平行于直线,设直线的方程为;将代入得,所以直线的方程为【小问2详解】由题意可知,所以,故边上的高线所在的直线斜率为3,又高所在直线经过点,所以由点斜式可得,即 17.已知长方体中,是中点.(1)求直线与所成角的余弦值;(2)求平面与平面夹角的余弦值.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)(2)构建空间直角坐标系,应用向量法求线线角、面面角的余弦值即可.【小问1详解】构建如下图示的空间直角坐标系,,所以,,则;所以直线与所成角的余弦值为. 【小问2详解】由(1),是面的一个法向量,,所以,若面的一个法向量,则,令,则,所以;所以平面与平面夹角的余弦值.18.(1)直线过点且在两坐标轴上的截距相等,求直线的方程;(2)直线过点且与轴正半轴分别交于两点,为坐标原点,求三角形面积取最小值时直线的方程.【答案】(1)或;(2).【解析】【分析】(1)讨论截距是否为0,应用点斜式、截距式及所过的点求直线方程;(2)由题意直线斜率一定存在且不为0,设直线为,求出与坐标轴交点坐标,并得到三角形面积关于k的关系式,利用基本不等式求最小值,并确定取值条件,即得直线方程.【详解】(1)若截距都为0时,则所求直线为;若截距不为0时,设直线为,则,所以;综上,所求直线为或.(2)由题意,直线斜率一定存在且小于0, 设直线为,故,所以三角形面积,当且仅当时三角形面积取最小值为4,所以,对应直线为.19.已知四棱锥中,底面是边长为4的正方形,是正三角形,平面,分别是的中点.(1)求证:⊥平面;(2)已知点是线段上的动点,并且到平面的距离是,求线段的长.【答案】(1)证明过程见解析(2)【解析】【分析】(1)根据三线合一得到线线垂直,进而由平面,得到,证明出线面垂直;(2)建立空间直角坐标系,设,由点到平面距离公式得到方程,求出线段的长.【小问1详解】因为是正三角形,为中点,所以⊥,因为平面,平面,所以,因为,平面, 所以⊥平面;【小问2详解】连接,因为⊥平面,平面,所以⊥,⊥,因为底面是边长为4的正方形,则两两垂直,以为坐标原点,所在直线分别为轴,建立空间直角坐标系,则,设,平面的法向量为,则,解得,令,则,故,则到平面的距离为,解得,故,故.20.如图,在直棱柱中,底面是菱形,,分别是棱的中点. (1)求证:平面;(2)若二面角的大小是,求值,并求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明过程见解析(2),直线与平面所成角的正弦值为【解析】【分析】(1)作出辅助线,得到四边形为平行四边形,,进而证明出线面平行;(2)建立空间直角坐标系,由二面角大小求出,再利用线面角的求解公式得到答案.【小问1详解】取的中点,连接,因为分别是棱的中点,所以且,,因为直棱柱中,且,所以,且,故四边形为平行四边形,所以,因为平面,平面,所以平面; 【小问2详解】连接,与相交于点,连接相交于点,因为底面是菱形,所以相互垂直,则两两垂直,以为坐标原点,所在直线分别为轴,建立空间直角坐标系,因为,所以,,故,设平面的法向量为,则,解得,令,则,故平面的法向量为, 则,解得,则设直线与平面所成角大小为,则.21.对于正整数集合,如果去掉其中任意一个元素之后,剩余的所有元素组成的集合都能分为两个交集为空集的集合,且这两个集合的所有元素之和相等,就称集合为“平衡集”.(1)判断集合是否是“平衡集”并说明理由;(2)求证:若集合是“平衡集”,则集合中元素的奇偶性都相同;(3)证明:四元集合,其中不可能是“平衡集”.【答案】(1)不是“平衡集”,利用见解析(2)证明见解析(3)证明见解析【解析】【分析】(1)根据定义直接判断即可得到结论.(2)设,由“平衡集”定义可知,2,,为偶数,所以,2,,的奇偶性相同.(3)依次去掉,可得,显然与矛盾,所以集合,,,不可能是“平衡集”.【小问1详解】集合不是“平衡集”,理由如下:当去掉1或5或9时,满足条件,当去掉4时,,不满足条件, 当去掉8时,,不满足条件,所以集合不是“平衡集”.【小问2详解】设集合,,,,,由于集合是“平衡集”,设去掉,则,其中,且中的元素和相等,不妨设中的元素和为,所以,,2,,为偶数,,2,,的奇偶性相同,方可保证一直为偶数,即集合中元素的奇偶性都相同.【小问3详解】若集合,,,是“平衡集”,且,去掉,则,去掉,则,,显然与矛盾,集合,,,不可能是“平衡集”.
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发布时间:2023-11-19 11:15:07
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