河南省郑州外国语学校2023-2024学年高二数学上学期10月月考试题(PDF版附答案)
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郑州外国语学校2023—2024学年高二上期月考1试卷数学(120分钟150分)一、选择题(每题5分,1-10题为单选;11、12为多选,少选得2分,多选、错选得0分,共60分)1.已知abc,,是空间的一个基底,则下列说法错误的是()A.若xa+yb+zc=0,则x=y==z0B.abc,,两两共面,但abc,,不共面C.一定存在x,y,使得a=+xbycD.abbcc+,−,+2a一定能构成空间的一个基底2.已知直线lx:+2ay−=10,与l:(2a−1)xay−−=10平行,则a的值是()12111A.0或1B.1或C.0或D.4443.已知向量p在基底abb+,,+cc+a下的坐标为(0,2,1),则p在基底abc,,下的坐标为()A.(0,1,2)B.(1,2,3)C.(1,3,2)D.(3,2,1)y−64.对方程=2表示的图形,下列叙述中正确的是()x+3A.斜率为2的一条直线1B.斜率为−的一条直线2C.斜率为2的一条直线,且除去点(3,6)−1D.斜率为−的一条直线,且除去点(3,6)−25.已知空间四点A(4,1,3),B(2,3,1),C(3,7,−5),Dx(,−1,3)共面,则x=()A.4B.1C.10D.116.已知直线l的方程为xysin+3−=10,R,则直线l的倾斜角范围是()第1页(共4页){#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
2552A.(0,][,)B.[0,][,)C.[,]D.[,]33666633227.一条光线从点(2,3)−射出,经x轴反射后与圆(xy−3)+(−2)=1相切,则反射光线所在直线的斜率为()65543243A.或B.或C.或D.或5645233428.方程||1x−=2y−y表示的曲线为()A.两个半圆B.一个圆C.半个圆D.两个圆229.已知EF是圆Cx:+y−2x−4y+=30的一条弦,且CE⊥CF,P是EF的中点,当弦EF在圆C上运动时,直线lx:−−=y30上存在两点A,B,使得APB恒成立,则线段AB长度的2最小值是()A.42−2B.42+2C.221−D.221+2210.已知点P为平面直角坐标系xOy内的圆xy+=16上的动点,定点A(3,2)−,现将坐标平面2沿y轴折成的二面角,使点A翻折至A,则A,P两点间距离的取值范围是()3A.[13,35]B.[4−13,7]C.[4−13,35]D.[13,7]11.(多选)如图,在棱长为2的正方体ABCD−ABCD中,M,N,P分别是CD,CC,AA11111111的中点,则()A.M,N,B,D四点共面110B.异面直线PD与MN所成角的余弦值为110C.平面BMN截正方体所得截面为等腰梯形1D.三棱锥PMNB−的体积为3第2页(共4页){#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
22212.(多选)设直线la:(−2)bxbya+−=0,圆C:(x−2)+y=rr(0),若直线l与圆C恒有两个公共点AB,,则下列说法正确的是()A.r的取值范围是[5,+)B.若r的值固定不变,则当2ab−=30时,ACB最小12C.若r的值固定不变,则ABC的面积的最大值为r21D.若r=3,则当ABC的面积最大时直线l的斜率为1或7二、填空题(每题5分,共20分)2222213.若圆x+y+60x=与圆x+y−2mym+−160=外离,则实数m的取值范围是.14.已知a=(1,2,1)−−,bx=−(1,−1,1),且a与b的夹角为钝角,则x的取值范围是.15.已知两点A(1,2,3),B(2,1,2),P(1,1,2)点Q在直线OP上运动,则当QAQB取得最小值时,Q点的坐标.316.已知点P(3,0)−在动直线mxny+−(m+3)0n=上的投影为点M,若点N(2,),则||MN的最2大值为.三、解答题(写清楚必要的解题步骤、文字说明以及计算过程,17题10分,18-22题每题12分,共70分)17.(1)求与直线3xy+4−=70垂直.且与原点的距离为6的直线方程;(2)求经过直线l:2x+3y−=50与l:7x+15y+=10的交点.且平行于直线xy+2−=30的直线12方程.2218.已知实数x,y满足方程x+y−4x+=10.22(1)求yx−的最值;(2)求xy+的最值.第3页(共4页){#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
19.平面直角坐标系中有一个ABC,已知B(1,0)−,C(1,0),且|AB|=2|AC|.(Ⅰ)求顶点A的轨迹方程;(Ⅱ)求ABC的面积的最大值.20.如图,ABC是正三角形,四边形ABBA是矩形,平面ABBA⊥平面ABC,CC⊥平面ABC,11111点M为AB中点,AB=2,AA=2CC.11(1)设直线l为平面ABC与平面ABC的交线,求证:l//AB;11123(2)若三棱锥M−ABC的体积为,求平面MBC与平面ABBA夹11111113角的余弦值.21.如图,在三棱柱ABC−ABC中,四边形AABB是菱形,AB⊥AC,平面AABB⊥平面ABC.1111111(1)证明:AB⊥BC;11(2)已知=ABB,AB==AC2,平面ABC与平面ABC的交111113线为l.在l上是否存在点P,使直线AB与平面ABP所成角的正弦11值为?若存在,求线段BP的长度;若不存在,试说明理由.14222222.如图,在平面直角坐标系xOy中,已知圆C:(x+3)+(y−1)=4和圆C:(x−4)+(y−5)=4.12(1)若直线l过点A(4,0),且被圆C截得的弦长为23,求直线l的方程;1(2)设P为平面上的点,满足:存在过点P的无穷多对互相垂直的直线l和l,它们分别与圆C和圆C相交,且直线l被圆C截得的121211弦长与直线l被圆C截得的弦长相等,试求所有满足条件的点P的坐22标.第4页(共4页){#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
郑州外国语学校2023-2024学年高二上期月考1数学参考答案1-10CCBCDBDABB11.BCD12.BD4481113.(−,−210)(210,+)14.{|xx0且x3}15.(,,)16.333217.(1)求与直线3xy+4−=70垂直.且与原点的距离为6的直线方程;(2)求经过直线l:2x+3y−=50与l:7x+15y+=10的交点.且平行于直线xy+2−=30的直线12方程.【解答】解:(1)设与直线3xy+4−=70垂直的直线方程为:4x−3ym+=0.||m又与原点的距离为6,=6,解得m=30.224+−(3)满足条件的直线方程为:4xy−3300=.………………………………………………5分26x=2xy+3−=503(2)联立,解得.7xy+15+=10=−37y9设平行于直线xy+2−=30的直线方程为x+20yn+=.26x=34把代入上述方程可得:n=−.要求的直线方程为:9xy+18−=40.……10分y=−37992218.已知实数x,y满足方程x+y−4x+=10.22(1)求yx−的最值;(2)求xy+的最值.【解答】解:(1)令yxt−=,即x−+=yt0对应直线l22将直线l平移,当l与圆C:(x−2)+y=3相切时,t达到最大或最小值|2+t|由d==3,得t=−26t的最小值为−−26,最大值为−+26;…………6分222222(2)满足x+y−4x+=10的点Pxy(,)在以C(2,0)为圆心,半径为3的圆上,x+=y||OP,当P、O、C三点共线时,||OP达到最大值或最小值当圆C上的点P在OC延长线上时,||OP的最大值为|OC|+3=+23,222得到xy+的最大值为(2+3)=+743;{#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
当圆C上的点P在线段OC上时,||OP的最小值为|OC|−3=−23222得到xy+的最大值为(2−3)=−743.22综上所述,xy+的最大值为743+;最小值为743−.………………………………12分19.平面直角坐标系中有一个ABC,已知B(1,0)−,C(1,0),且|AB|=2|AC|.(Ⅰ)求顶点A的轨迹方程;(Ⅱ)求ABC的面积的最大值.【解答】解:(Ⅰ)设Axy(,),则B(1,0)−,C(1,0),且|AB|=2|AC|,222222(x+1)+y=2(x−1)+2y,x+y−6x+=1022顶点A的轨迹方程为x+y−6x+=10(x322);……………………………………6分2222(Ⅱ)x+y−6x+=10可化为(xy−3)+=8,A到x轴的最大距离为22,1ABC的面积的最大值为222=22.………………………………12分220.如图,ABC是正三角形,四边形ABBA是矩形,平面ABBA⊥平面ABC,CC⊥平面ABC,11111点M为AB中点,AB=2,AA=2CC.11(1)设直线l为平面ABC与平面ABC的交线,求证:l//AB;11123(2)若三棱锥M−ABC的体积为,求平面MBC与平面ABBA夹角的余弦值.11111113【解答】解:(1)证明:四边形ABBA是矩形,AB//AB,1111AB平面ABC,AB平面ABC,AB//平面ABC,………………3分11111111111又AB平面ABC,平面ABC平面ABC=l,AB//l;…………………5分111(2)连接MC,平面ABBA⊥平面ABC,MC⊥AB,⊥MC平面ABBA,1111{#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
而CC⊥平面ABC,CC平面ABBA,CC//平面ABBA,………………………6分1111111111123V=V=ABAAMC=23AA=,=AA2,CC=1,8分MABC−−11C1MAB1121113213311设AB中点为N,由(1)知,AB,MC,MN两两垂直,11以点M为坐标原点,MB,MC,MN所在直线分别为x轴,y轴,z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则B(1,0,2),C(0,3,1),………………9分11MB==(1,0,2),MC(0,3,1),11设平面MBC的法向量为m=(,,)xyz,11mMB=+x20z=1则,则可取m=−(23,1,3)−,…11分mMC=30y+=z1取平面ABBA的法向量为n=(0,1,0),11|mn|11则|cosmn,=|==,|mn|||1441平面MBC与平面ABBA夹角的余弦值是.…………………………12分1111421.如图,在三棱柱ABC−ABC中,四边形AABB是菱形,AB⊥AC,平面AABB⊥平面ABC.1111111(1)证明:AB⊥BC;11(2)已知=ABB,AB==AC2,平面ABC与平面ABC的交线为l.在l上是否存在点P,1111131使直线AB与平面ABP所成角的正弦值为?若存在,求线段BP的长度;若不存在,试说明理114由.【解答】解:(1)证明:平面AABB⊥平面ABC,又平面AABB平面ABC=AB,1111AC⊥AB,AC平面ABC,⊥AC平面AABB,………………………………2分11又AB平面AABB,⊥ACAB,四边形AABB是菱形,⊥ABAB,11111111{#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
又ACAB=A,AC、AB平面ABC,⊥AB平面ABC,………………4分11111又BC平面ABC,⊥ABBC;………………………………………………5分1111(2)取AB中点D,连接AD,四边形AABB为菱形,=ABBB,11111又ABB=60,ABB为等边三角形,由菱形的几何性质可知AAB=60,AA=AB,1111111△AAB也为等边三角形,又D为AB的中点,⊥ADAB,又AB//AB,⊥ABAD,11111111由(1)知,AC⊥平面AABB,11以AB、AD、AC所在直线分别为x、y、z轴,建系如图,则根据题意可得:A(0,0,0)、B(2,0,0)、C(0,0,2)、A(1,3,0)−、B(1,3,0),……7分11AB=−(3,3,0),设Pt(1,3,),则AP=(1,3,)t,AB=(2,0,0),1AC//AC,AC平面ABC,AC平面ABC,1111111111AC//平面ABC,又平面ABC平面ABC=l,AC平面ABC,11111111AC//l,由(1)知l⊥平面AABB,……………………………………8分11设平面ABP的法向量n=(,,)xyz,nAP=+x30ytz+=则,取nt=−(0,,3),……………………………10分nAB=20x=1直线AB与平面ABP所成角的正弦值为,14||ABn|−3|t11|cosABn,=|==,解得t=1,……………11分1|AB|||n23+t2341存在点P,线段BP的长为1.……………………………………………12分1222222.如图,在平面直角坐标系xOy中,已知圆C:(x+3)+(y−1)=4和圆C:(x−4)+(y−5)=4.12(1)若直线l过点A(4,0),且被圆C截得的弦长为23,求直线l的方程;1{#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
(2)设P为平面上的点,满足:存在过点P的无穷多对互相垂直的直线l和l,它们分别与圆C和圆C相交,且直线l被圆C截得的弦长121211与直线l被圆C截得的弦长相等,试求所有满足条件的点P的坐标.22【解答】解:(1)由于直线x=4与圆C不相交;1直线l的斜率存在,设l方程为:y=−kx(4),22圆C的圆心到直线l的距离为d,l被C截得的弦长为23,d=2−(3)=1,……2分11|17|−−k7d=从而kk(24+=7)0即k=0或k=−,……………………………………………4分1+k224直线l的方程为:y=0或7xy+24−280=.……………………………………………………6分(2)设点Pab(,)满足条件,1不妨设直线l的方程为ybkxa−=()−,k0,则直线l方程为:yb−=−()xa−,12kC和C的半径相等,及直线l被圆C截得的弦长与直线l被圆C截得的弦长相等,121122C的圆心到直线l的距离和圆C的圆心到直线l的距离相等,11221|5+(4−ab)−||1−k(3−−a)−b|k即=,……………………………………………8分121+k1+2k整理得|13+k+akb−=||5k+−−4abk|,+13k+akb−=(5k+−−4abk),即(ab+−2)k=−+ba3或(ab−+8)k=+−ab5,…………………………………10分ab+−=20ab−+=80因k的取值有无穷多个,所以或,ba−+=30ab+−=5053a=a=−2251313解得或,这样的点只可能是点P1(,−)或点P2(−,).b=−1b=13222222经检验点P1和P2满足题目条件.……………………………………12分法2:直线l1和l2分别过C1,C2圆心时,点P在C1C2中垂线上时满足要求,依次可以确定两个点P1,P2,可以证明,l1和l2垂直且绕点P1,P2旋转时,直线l1被圆C1截得的弦长与直线l2被圆C2截得的弦长相等.{#{QQABJQQUogiAAhAAAQgCEwVACgMQkBECCKoOhAAEMAIAgAFABAA=}#}
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