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四川省广元中学2023-2024学年高一数学上学期10月第一次阶段性试题(Word版附解析)

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广元中学高2023级高一上期第一次阶段性测试数学试题时间:120分钟总分:150分注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题卡上,并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号及科目,在规定的位置贴好条形码.2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效.3.考试结束后,将答题卡交回.一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合要求.1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】可以先求出集合B,然后进行交集的运算即可.【详解】或,,.故选:C2.命题“”的否定是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】直接写出存在量词命题的否定即可. 【详解】命题“”的否定是“”.故选:D.3.设集合,,若,则().A.2B.1C.D.【答案】B【解析】【分析】根据包含关系分和两种情况讨论,运算求解即可.【详解】因为,则有:若,解得,此时,,不符合题意;若,解得,此时,,符合题意;综上所述:.故选:B.4.王昌龄是盛唐著名的边塞诗人,被誉为“七绝圣手”,其《从军行》传诵至今,“青海长云暗雪山,孤城遥望玉门关.黄沙百战穿金甲,不破楼兰终不还”,由此推断,其中最后一句“攻破楼兰”是“返回家乡”的()A.必要条件B.充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】A【解析】【分析】利用充分必要条件判断即可得解.【详解】由题意可知:“返回家乡”则可推出“攻破楼兰”,故“攻破楼兰”是“返回家乡”必要条件,故选:A.5.函数的值域是()A.B.C.D.【答案】B【解析】 【分析】求得的取值范围,根据不等式的基本性质可求得原函数的值域.【详解】因为,所以,因此,函数的值域是.故选:B.【点睛】本题考查函数值域,考查基本分析求解能力,属基本题.6.已知a>1,b>1,记M=,N=,则M与N的大小关系为()A.M>NB.M=NC.M<ND.不确定【答案】A【解析】【分析】利用基本不等式可得答案.【详解】因为,所以,当且仅当取等号,而,故选:A.7.关于x的不等式的解集中恰有2个整数,则实数a的取值范围()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先解出不等式,根据不等式的解分类讨论可得.【详解】不等式化为,当时,不等式无解,当时,不等式解为,这里有且只有2个整数,则,当时,不等式解为,这里有且只有2个整数,则, 综上的取值范围是.故选:.【点睛】方法点睛:本题考查解一元二次不等式,对于含有参数的一元二次不等式需要分类讨论才能求解.分类标准有三个层次:一是二次项系数的正负,二是相应一元二次方程的判别式的正负,三在方程有解时,讨论解的大小,以得出不等式的解.8.已知正实数满足,则的最小值为()A.2B.4C.8D.9【答案】C【解析】【分析】化简已知式可得,因为,由基本不等式求解即可.【详解】,而,当且仅当,即取等.故选:C.二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对得5分,部分选对得2分,有选错的得0分.9.下列各图中,可能是函数图象的是()A.B. C.D.【答案】ACD【解析】【分析】根据函数的概念即可求解【详解】对于B选项,时每一个x的值都有两个y值与之对应,不是函数图象,故B错误,其他选项均满足函数的概念,是函数的图象.故选:ACD.10.某工艺厂用A、B两种型号不锈钢薄板制作矩形、菱形、圆3种图形模板,每个图形模板需要A、B不锈钢薄板及该厂2种薄板张数见下表矩形菱形圆总数A531055B12613125该厂签购制作矩形、菱形、圆3种模板分别为x,y,z()块.上述问题中不等关系表示正确为()A.B.C.D.【答案】BC【解析】【分析】根据题意直接列不等式即可求解.【详解】因为每个矩形模板需要5张A薄板,每个菱形模板需要3张A薄板,每个圆模板需要10张A薄板,且共有55张A薄板,所以,因为每个矩形模板需要12张B薄板,每个菱形模板需要6张B薄板,每个圆模板需要13张B薄板,且共有125张B薄板,所以. 故选:BC.11.下列说法正确的是()A.若,则B.若,,则C.若,,则D.若,则【答案】AD【解析】【分析】通过不等式性质证明选项正确或通过反例判断选项错误即可.【详解】对于A,∵,∴,∴,∴,∴,∴,故选项A正确;对于B,当,,,时,有,,但此时,,,故选项B错误;对于C,当,,时,有,,但此时,,,故选项C错误;对于D,∵,∴,∴,∴,∴,由不等式的同向可加性,由和可得,故选项D正确.故选:AD.12.下列说法正确的有()A.若,则的最大值是B.若,则的最小值为2C.若,,均为正实数,且,则最小值是4D.已知,且,则最小值是【答案】AD【解析】 【分析】根据选项中各式的特点,进行适当变形,使用基本不等式进行判断.注意“1”的妙用及等号能否取到.【详解】对于A,由可得,由基本不等式可得,当且仅当时,即时取等号,所以的最大值为,故A正确;对于,,当且仅当时等号成立,但此时无解,等号无法取得,则最小值不为2,故B错误;对于C,由可得,当且仅当且,即,,时,等号成立,由于,,均为正实数,则等号取不到,故C错误;对于D,由得,即,设,则,解得,又,则,所以,当时,即时取等号.所以最小值是.故D正确;故选:AD.三、填空题:本大题共4个小题,每小题5分,共20分. 13.不等式的解集为___________.【答案】【解析】【分析】根据移项,通分,将分式不等式化为且,即可求解.【详解】有已知得,,,,即且,则不等式的解集为,故答案为:.14.设函数若,则实数___________.【答案】或【解析】【分析】根据给定分段函数,代值计算得解.【详解】当时,,解得;当时,,解得.故答案为:或.15.“至少有一个不为”是“”的______________条件.(用“充要”、“充分不必要”、“必要不充分”、“既不充分又不必要”填空)【答案】充要条件【解析】【分析】利用充要条件的定义判断.【详解】至少有一个不为,说明或或均不能为,则,即“至少有一个不为”“”;,说明或或均不能为,即至少有一个不为,即“”“至少有一个不为”; 则“至少有一个不为”是“”的充要条件,故答案为:充要条件.16.对非空有限数集定义运算“min”:表示集合中的最小元素.现给定两个非空有限数集,,定义集合,我们称为集合,之间的“距离”,记为.现有如下四个命题:①若,则;②若,则;③若,则;④对任意有限集合,,,均有.其中所有真命题的序号为__________.【答案】①③【解析】【分析】根据题意可得①③正确,通过举反例可得②④错误.【详解】对于结论①,若,则,中最小的元素相同,故①正确;对于结论②,取集合,,满足,但,故②错误;对于结论③,若,则中存在相同的元素,则交集非空,故③正确;对于结论④,取集合,,,可知,,,则不成立,故④错误.故答案为:①③.四、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(1)已知实数满足,求取值范围;(2)已知,,求的取值范围.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)由,,结合可加性求解;(2)由,结合不等式的性质求解. 【详解】(1)因为,,所以,所以的取值范围是.(2)设则,∴,∴∵,,∴,∴即.18.已知函数的定义域为A,集合.(1)当时,求;(2)若,求a取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)先求出集合,再根据交集的定义求得结果;(2)根据包含关系,分成,两种情况进行讨论.【小问1详解】由题意可得,,解得,即,当a=2时,,故,【小问2详解】 若,则①时,②时,,,综上,取值范围为.19.(1)比较与的大小;(2)若命题“时,一次函数的图象在轴上方”为真命题时,求的取值范围.【答案】(1);(2)或【解析】【分析】(1)平方作差比较可得;(2)由区间两端点处函数值大于0可得.【详解】(1)又.(2)因为命题“时,一次函数的图象在轴上方”为真命题,所以,所以或,即的取值范围为或.20.某乡镇卫生院为响应政府号召,决定在院内投资96000元建一个长方体的新冠疫苗接种点,其高度3米,它的后墙利用旧墙不花钱,正面用塑钢每平方400元,两侧墙砌砖,每平方造价450元,顶部每平米造价600元,设正面长为x米,每侧砖墙长均为y米.(1)用x表示y,并写出x的范围;(2)求出新冠疫苗接种点占地面积S的最大允许值是多少?此时正面长应设计为多少米?【答案】(1)(2)占地面积S的最大允许值是100平方米,此时正面长应设计为15米.【解析】 【分析】(1)依题意有,可得函数的解析式;(2)由基本不等式得的取值范围,可得的最大取值,再由等号成立的条件,解得,可得正面的设计长度.【小问1详解】由题意,,化简得,得.【小问2详解】(当且仅当时取“=”),代入,得,得,则,即面积S的最大允许值是100平方米.当时,S取最大值,又,∴,,∴此时正面长应设计为15米.21.设函数,(1)若且,求不等式的解集;(2)若,求最小值.【答案】(1)答案见解析(2)【解析】【分析】(1)由已知得,对分,,三种情况,依次求解不等式即可;(2)对分和,分别用均值不等式求出最小值,取两者的最小值即可求解.【小问1详解】由得, 又因为所以不等式化为,即,,故:(i)当时,不等式的解集为;(ii)当时,,不等式的解集为;(iii)当时,,不等式的解集为.【小问2详解】由已知得,即,则,当时,,所以(当且仅当,即时等号成立);当时,,所以(当且仅当,即时等号成立);所以的最小值为.22.已知二次函数.(1)若的解集为,解关于x的不等式;(2)若不等式对恒成立,求的最大值.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)先根据一元二次不等式解集与对应方程根的关系,求得,代入并解一元二次不等式得结果,(2)根据二次函数图像得,即得,因此,再令 化为对勾函数,利用基本不等式求最值.【详解】(1)∵的解集为∴,,∴.故从而,解得.(2)∵恒成立,∴,∴∴,令,∵∴,从而,∴,令.①当时,;②当时,,∴的最大值为.【点睛】易错点睛:在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-31 01:10:01 页数:14
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文章作者:随遇而安

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