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湖南省长沙市南雅中学2023-2024学年高一数学上学期第一次质量检测试题(Word版附解析)
湖南省长沙市南雅中学2023-2024学年高一数学上学期第一次质量检测试题(Word版附解析)
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南雅中学2023年下期高一第一次质量检测数学一、单选题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项.)1.下列各组对象可构成一个集合的是()A.与10非常接近的数B.本班视力差的女生C.中国漂亮的工艺品D.我校学生中的女生【答案】D【解析】【分析】根据集合的性质判断即可.【详解】由集合的确定性可得,仅“我校学生中的女生”满足确定性.故选:D2.已知集合,集合,则集合的真子集个数为()A.3B.4C.7D.8【答案】C【解析】【分析】解集合A中的不等式,得到集合A,再求,根据元素个数判断真子集个数.【详解】不等式,解得,又,得,集合,得集合,则集合的真子集个数为.故选:C.3.某校高三(1)班有50名学生,春季运动会上,有15名学生参加了田赛项目,有20名学生参加了径赛项目,已知田赛和径赛都参加的有8名同学,则该班学生中田赛和径赛都没有参加的人数为()A.27B.23C.15D.7【答案】B【解析】【分析】由题意,结合韦恩图可求解【详解】设高三(1)班有50名学生组成的集合为,参加田赛项目的学生组成的集合为,参加径赛项目的学生组成的集合为 由题意集合有15个元素,有20个元素,中有8个元素所以有个元素.所以该班学生中田赛和径赛都没有参加的人数为故选:B4.若,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据基本不等式,积定和最小,凑积为定值,即可求出.【详解】因为,所以,∴(当且仅当时,等号成立),所以,的最小值为.故选:B.【点睛】本题主要考查基本不等式的应用,属于基础题.5.下列命题中,既是真命题又是全称量词命题的是()A.至少有一个,使得成立B.菱形的两条对角线长度相等C.,D.对任意,,都有【答案】D【解析】【分析】由定义选择全称量词命题,再判断真假.【详解】AC为存在量词命题,BD为全称量词命题,菱形的两条对角线长度不一定相等,B选项错误,对任意,,都有,即,D选项正确.故选:D6.下列说法中,错误的是()A.若,,则B.若,则C.若,,则D.若,,则 【答案】A【解析】【分析】逐一检验,对A,取,判断可知;对B,,可知;对C,利用作差即可判断;对D根据不等式同向可加性可知结果.【详解】对A,取,所以,故错误;对B,由,,所以,故正确;对C,,由,,所以,所以,故正确;对D,由,所以,又,所以故选:A7.设集合A={x|<0,B={x||x-1|<a,则“a=1”是“A∩B≠”A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】A【解析】【详解】由题意得A={x|-1<x<1},B={x|1-a<x<a+1}.①当a=1时,B={x|0<x<2},则A∩B={x|0<x<1}≠∅成立,即充分性成立.②若a=,则A∩B={x|-1<x<1}∩≠∅,故必要性不成立.综合得“a=1”是“A∩B≠∅”的充分不必要条件,故选A.8.已知,且,若恒成立,则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用基本不等式求出的最小值,即可得到,从而得到,解得即可. 【详解】因为,,且,所以,当且仅当,即,时取等号,所以,因为恒成立,所以,即,解得,所以实数的取值范围是.故选:C二、多选题(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.)9.下列关系式中正确的是()A.B.ÜC.D.【答案】ABC【解析】【分析】根据元素与集合的关系、空集的概念逐个判断即可.【详解】对A,元素0是集合中的元素,故,故A正确;对B,是任何非空集合的真子集,故B正确;对C,是自己本身的子集,故成立,故C正确;对D,不是中的元素,故D错误.故选:ABC10.图中矩形表示集合是的两个子集,则阴影部分可以表示为()A.B. C.D.【答案】BC【解析】【分析】根据阴影部分不在集合A中,在集合B中可得答案,【详解】根据图形可得阴影部分不在集合A中,在集合B中,即阴影部分可以表示为故选:BC11.下列命题为真命题的是()A.若,且,则B.若,则C.若,则D.若,则【答案】AD【解析】【分析】A选项,作差法得到,结合,得到结论;B选项,可举出反例;CD选项,作差法比较大小.【详解】对于A,,又,故,A正确;对于B,不妨设,则,故B错误.对于C,,∵,∴,,,∴,∴,所以C错误.对于D,,∵,∴,,∴,∴,所以D正确.故选:AD12.设正实数满足,则() A.的最大值是B.的最小值为9C.的最小值为D.的最大值为2【答案】ABC【解析】【分析】根据基本不等式依次分析各选项即可得答案.【详解】解:对于A,∵,∴,当且仅当时,即,时等号成立,故A正确;对于B,,当且仅当即时等号成立,故B正确;对于C,由A可得,又,,当且仅当,时等号成立,故C正确;对于D,,所以,当且仅当,时等号成立,故D错误.故选:ABC.三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.已知命题,使得,则为___________.【答案】【解析】【分析】由存在量词命题的否定求解即可【详解】命题,使得,则为,故答案为: 14.在R上定义运算,则满足的实数x的取值范围是____________【答案】【解析】【分析】由新定义转化条件,解一元二次不等式即可得解.【详解】由题意,,即,解得,所以实数x的取值范围是.故答案为:.15.若实数,满足且,则的取值范围是_________.【答案】【解析】【分析】先计算出,从而得到.【详解】设,即,故,解得,所以,故,,故,即故答案为:16.已知实数a,b满足,若关于x的不等式的解集中有且仅有3个整数,则实数a的取值范围是_________;【答案】 【解析】【分析】先对不等式左边进行因式分解,再结合对进行分类讨论,分,和三种情况,求出符合要求的实数a的取值范围.【详解】可变形为,因为,所以,其中,当时,开口朝下,不合题意;当时,,解得:,所以不满足整数解有且仅有3个,舍去;当时,开口朝上,因为,所以不等式解集为,此时要想不等式解集中有且仅有3个整数,则这3个整数解为0,-1,-2,则必有,所以,结合,所以,所以,综上:故答案为:.四、解答题(本题共6小题,共70分,第17题10分,其它每题12分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.)17.集合.(1)求;(2)求.【答案】(1)(2)【解析】【分析】化简集合B,根据集合交并补运算直接求解. 【小问1详解】由得,所以,因为,所以.【小问2详解】因为或,所以.18.已知集合,或.(1)当时,求;(2)若是的充分不必要条件,求实数的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)求出或,从而求出交集;(2)根据题意得到是的真子集,从而得到不等式,求出实数的取值范围.【小问1详解】时,或,故或=【小问2详解】是的充分不必要条件,故是的真子集,因为,故要满足是的真子集,则或,解得:或故实数的取值范围是.19.求下列函数的最值(1)求函数的最小值. (2)若正数,满足,求的最小值.【答案】(1);(2)5.【解析】【分析】(1)化为,再根据基本不等式可求出结果;(2)化为,再根据基本不等式可求出结果.【详解】(1),当且仅当即时等号成立,故函数的最小值为.(2)由得,则,当且仅当,即,时等号成立,故的最小值为5.【点睛】易错点睛:利用基本不等式求最值时,要注意其必须满足的三个条件:(1)“一正二定三相等”“一正”就是各项必须为正数;(2)“二定”就是要求和的最小值,必须把构成和的二项之积转化成定值;要求积的最大值,则必须把构成积的因式的和转化成定值;(3)“三相等”是利用基本不等式求最值时,必须验证等号成立的条件,若不能取等号则这个定值就不是所求的最值,这也是最容易发生错误的地方.20.对平面直角坐标系第一象限内的任意两点,作如下定义:如果,那么称点是点的“上位点”,同时称点是点的“下位点”.(1)试写出点的一个“上位点”坐标和一个“下位点”坐标;(2)设a,b,c,d均为正数,且点是点的“上位点”,请判断点是否既是点的“下位点”,又是点的“上位点”.如果是,请证明;如果不是,请说明理由. 【答案】(1)一个“上位点”坐标为,一个“下位点”坐标为(答案不唯一,正确即可)(2)是,证明见解析【解析】【分析】(1)由已知“上位点”和“下位点”的定义,可得出点(3,5)的一个“上位点”的坐标为(3,4),一个“下位点”的坐标为(3,7);(2)由点是点的“上位点”得出,然后利用作差法得出与的大小关系,结合“下位点”和“上位点”的定义可得出结论.【小问1详解】解:由题意,可知点的一个“上位点”坐标为,一个“下位点”坐标为.(答案不唯一,正确即可)【小问2详解】解:点既是点的下位点,又是点的“上位点”,证明如下:∵点是点的“上位点”,∴,又a,b,c,d均为正数,∴,∵,∴是点的“下位点”,∵,∴是点的“上位点”,综上,既是点的“下位点”,又是点的“上位点”.21.设.(1)若不等式对一切实数恒成立,求实数的取值范围;(2)解关于的不等式. 【答案】(1)(2)答案见解析【解析】【分析】(1)讨论和两种情况,按开口方向和判别式列不等式组,解出实数的取值范围;(2)按,和三种情况分类讨论,当,比较和1的大小,分情况写出不等式的解集.【小问1详解】由得,恒成立,当时,不等式可化为,不满足题意;当时,满足,即,解得;故实数的取值范围是.小问2详解】不等式,等价于.当时,不等式可化为,所以不等式的解集为;当时,不等式可化为,此时,所以不等式的解集为;当时,不等式可化为,①当时,,不等式的解集为;②当时,,不等式的解集为或;③当时,,不等式的解集为或.综上:当时,等式的解集为或 当时,不等式的解集为;当时,不等式的解集为或;当时,不等式的解集为;当时,不等式的解集为.22.此前,美国政府颁布了针对中国企业华为的禁令,禁止各国及各国企业向华为出售含有美国技术或软件设计的产品,否则出售者本身也会受到制裁.这一禁令在9月15日正式生效,迫于这一禁令的压力,很多家企业被迫停止向华为供货,对华为电子设备的发展产生不良影响.为适应发展的需要,某企业计划加大对芯片研发部的投入,据了解,该企业研发部原有100名技术人员,年人均投入a万元,现把原有技术人员分成两部分:技术人员和研发人员,其中技术人员x名(且),调整后研发人员的年人均投入增加4x%,技术人员的年人均投入调整为万元.(1)要使这名研发人员的年总投入不低于调整前100名技术人员的年总投入,求调整后的技术人员的人数最多多少人?(2)是否存在这样的实数m,使得技术人员在已知范围内调整后,同时满足以下两个条件:①技术人员的年均投入始终不减少;②研发人员的年总投入始终不低于技术人员的年总投入,存在,求出m的范围;若不存在,说明理由.【答案】(1)75人;(2)存在,m的范围为.【解析】【分析】(1)求出对应的100-x名研发人员的年总投入,建立方程关系进行求解即可;(2)根据条件①②建立不等式利用参数分离法转化求最值问题即可.【详解】(1)由题意得:,解得,所以调整后的技术人员的人数最多75人.(2)由技术人员年人均投入不减少得(ⅰ),得,由研发人员的年总投入始终不低于技术人员的年总投入得(ⅱ),两边除以ax得,整理得,故有 ,,当且仅当时取等号,,又因为,当时,令取得最大值7,,,即存在这样的m满足条件,其范围为.
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高中 - 数学
发布时间:2023-10-31 00:05:02
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文章作者:随遇而安
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