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江苏省南京市金陵中学2022-2023学年高一数学上学期期中试题(Word版附解析)

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金陵中学2022—2023学年第一学期期中考试高一数学试卷2022.11一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设,,且,则实数a的取值范围为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据即可求解参数.【详解】∵集合,,且,∴,故选:B.2.已知命题p:,,则命题p的否定为()A.,B.,C.,D.,【答案】D【解析】【分析】利用含有一个量词的命题的否定的定义求解.【详解】解:因为命题p:,是全称量词命题,所以命题p的否定为,,故选:D.3.“”是“函数在区间上单调递增”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据函数的单调性结合充分不必要条件的定义求解. 【详解】解:函数在区间上单调递增,当时不符题意,当,即时,为单调减函数,不合题意;故,且,所以,“”是“函数在区间上单调递增”的充分不必要条件故选:A.4.设函数,其中a,b为常数,若,则()A.B.C.2028D.4041【答案】D【解析】【分析】构造,根据奇偶性即可求解.【详解】令,则是奇函数,故,所以,所以,故选:D.5.已知实数a,b,c满足,,则a,b,c的大小关系是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据作差法即可比较大小.【详解】解:由,所以.由,得所以,因此故选:C.6.在流行病学中,每名感染者平均可传染的人数叫做基本传染数,当基本传染数高于1时,每个感染者平均会感染1个以上的人,从而导致感染者人数急剧增长.当基本传染数低于1时,疫情才可能逐渐消散.而广泛接种疫苗是降低基本传染数的有效途径,假设某种传染病的基本传染数为,1个感染者平均会接触 到N个新人(),这N人中有V个人接种过疫苗(为接种率),那么1个感染者可传染的平均新感染人数.已知某病毒在某地的基本传染数,为了使1个感染者可传染的平均新感染人数不超过1,则该地疫苗的接种率至少为()A.90%B.80%C.70%D.60%【答案】D【解析】【分析】根据已知条件可得出关于的不等式,解之即可得出结果.【详解】因为,由题意,解得,故选:D.7.设函数若存在,且,使得成立,则实数a的取值范围是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】考虑的对称轴与1比较,分与两种情况,结合函数的单调性,列出不等式,求出实数a的取值范围.【详解】当时,,对称轴为,当,即时,此时存在,使得,满足题意;当,即时,当时,在上单调递增,当时,在上单调递增,要想存在,且,使得,则,解得:,与取交集得: 综上:的取值范圃为.故选:A.8.已知,,若时,关于x的不等式恒成立,则的最小值是()A.B.C.4D.【答案】B【解析】【分析】由韦达定理结合基本不等式即可求解.【详解】有一根为,故若,恒成立,则有一根为,由韦达定理知,另一根,所以,即,,当且仅当即取等号,所以的最小值是.故选:B.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.设,,若,则实数a的值可以是()A.0B.C.4D.1【答案】ABD【解析】【分析】解方程,写出集合A的所有元素,根据集合A和集合B的关系,分析集合B中的元素的可能情况,解出相应的a.【详解】,因为,所以,所以或或或, 若,则;若,则;若,则;若,无解.故选:ABD.10.设函数,则下列结论正确的是()A.的值域为B.C.是偶函数D.是单调函数【答案】BC【解析】【分析】由分段函数的定义作出判断AB,由偶函数的定义可判断C,由,可知函数不是单调函数.【详解】的值域为,A错误;,,所以B正确;定义域关于数0对称,当时,,则;当时,,则,所以是偶函数,所以C正确;,所以不是单调函数,所以D错误.故选:BC.11.已知关于x的一元二次不等式的解集为,则下列说法正确的是()A.B.不等式的解集为C.不等式的解集为D.【答案】AC 【解析】【分析】根据题意可得,且,然后对选项逐一判断即可.【详解】关于x的不等式的解集为,所以二次函数的开口方向向上,即,故选项A正确;因为是方程的根,所以,解得,所以也即,解得,故选项B错误;不等式等价于,也即,解得或,故选项C正确,因为或,所以,故选项D错误,故选:AC.12.图像可能是()A.B.C.D.【答案】BD【解析】【分析】根据的奇偶性,以及分分别根据定义域以及图象的变化趋势即可求解. 【详解】由,所以是奇函数,故排除A,当时,经过坐标原点,且当值越来越大时,的值越来越小,最终趋向于0,此时B符合,当时,,此时D满足当时,不经过坐标原点,当值越来越大时,的值越来越小,最终趋向于0,此时C不符合,故选:BD.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知函数则的值为________.【答案】12【解析】【分析】根据解析式,由内而外,逐步计算,即可得结果.【详解】因为,所以,所以,故答案为:1214.不等式的解集为________.【答案】【解析】【分析】将分式不等式转化为整式不等式即可求解.【详解】,解得.故答案为:15.若正实数a满足,则a的值为________.【答案】1000【解析】【分析】由题意可得,再根据对数运算性质即可得出答案. 【详解】解:因为正数a满足,所以,即,所以,解得.故答案为:1000.16.已知函数,若,则实数a的取值范围为________.【答案】【解析】【分析】判断出偶函数,且在上单调递增,然后可得,解出即可.【详解】因为的定义域为,又所以是偶函数,且在上单调递增,由于,即,所以,即,解得.故答案为:四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(1)计算:;(2)已知且,求的值.【答案】(1)3;(2).【解析】【分析】(1)利用对数运算法则以及换底公式即可求解;(2)结合已知条件求出,然后代入即可求解. 【详解】(1).(2)因为,,所以,,.18.设集合,或,全集.(1)若,求实数a的取值范围;(2)若,求实数b的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据,可得,解之即可;(2)由,可得,列出不等式组,解之即可.【小问1详解】解:因为,所以,解得,所以a的取值范围是;【小问2详解】解:,因为,所以,所以,解得, 所以b的取值范围是.19.如图,是边长为2的正三角形,记位于直线()左侧的图形的面积为.(1)求函数的解析式;(2)画出函数在区间上的图象.【答案】(1)(2)作图见解析【解析】【分析】(1)分、、三种情况讨论,分别求出函数的解析式,再写出分段函数形式;(2)由(1)中解析式得到函数图象.【小问1详解】解:当时,;当时,;当时,.所以【小问2详解】 解:由(1)可得函数图象如下所示:20.已知定义域为的奇函数满足:当时,.(1)当时,求函数的解析式;(2)指出在区间上的单调性,并证明.【答案】(1);(2)在区间上单调递增,证明见解析.【解析】【分析】(1)奇函数若x=0时有意义,则f(0)=0;x<0时,-x>0,利用x>0时f(x)解析式可求x<0时解析式;(2)根据单调性的定义即可判断并证明.【小问1详解】,∴,∴,当时,,,又,∴,综上,当时,;【小问2详解】在区间上单调递增,证明如下:任取,且,,∵,∴,,,, ∴,∴,即,∴在区间上单调递增.21.已知函数,a为常数.(1)若,解关于x的不等式;(2)若不等式对任意的恒成立,求实数a的取值范围.【答案】(1)答案见解析;(2).【解析】【分析】(1)化简不等式,结合二次函数与二次不等式的关系即可求解该不等式;(2)将参变分离,将问题转化为求解即可.【小问1详解】,当时,,的解集为;当时,,的解集为;当时,,的解集为.综上所述,当时的解集为;当时,的解集为;当时,的解集为.【小问2详解】 对任意,,∴.令,则,,,当且仅当,即,时取“=”,∴,故实数a的取值范围为.22.设函数的定义域为D,若存在区间,使得,则称区间为函数的“H区间”.(1)写出函数所有的“H区间”;(2)若为函数的一个“H区间”,求m的值;(3)求函数的“H区间”.【答案】(1),和.(2)(3)【解析】【分析】(1)根据题意可知a,b是方程的根,且,从而可求出的值,从而可求出“H区间”;(2)分,两种情况结合“H区间”求解即可;(3)根据“H区间”的定义分,两种情况求解即可. 【小问1详解】函数是上的递增函数,则,所以a,b是方程的根,且,解得,或,或,.故函数所有“H区间”为,和.【小问2详解】当时,在上单调递减,所以,,解得;当时,,,不可能.综上,.【小问3详解】设“H区间”为,由“H区间”定义知:,所以或,,所以,又,所以,,当时,在区间上单调递减,所以即由得:,因为,所以,又因为,,所以,当且仅当,时取“=”此时,舍去;当时,在区间上单调递减,在上单调递增,所以,,,所以,. 所以函数的“H区间”为.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-30 21:55:02 页数:15
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文章作者:随遇而安

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