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四川省成都棠湖外国语学校2023-2024学年高一数学上学期入学考试试题(Word版附解析)

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成都棠湖外国语学校高2023级入学考试数学试题(求实班)本卷满分150分,考试时间120分钟注意本项:1.考试前,考生务必将自己的姓名、准考证号填涂在试卷和答题卡规定的位置.2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔将答题卡对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后、再选涂其它答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效.3.考试结束后,监考人员将答题卡收回.第Ⅰ卷(选择题)一、选择题(本大题共12小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.二次函数的顶点坐标、对称轴分别是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据配方法将一般式化为顶点式,然后根据二次函数的性质即可求解;【详解】原式化成顶点式,顶点坐标是,对称轴是过点且平行于轴的直线.故选:A.2.如图,已知是的切线,为切点,是的直径,,则的大小是()A.B.C.D. 【答案】D【解析】【分析】连接,先求出,再根据即可得解.【详解】连接,因为是的切线,所以,又,则,因为,所以.故选:D.3.若二次根式有意义,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据开偶数次方根号里的数大于等于零即可得解.【详解】若二次根式有意义,则,解得.故选:C.4.如果关于的一元二次方程中,是投掷骰子所得的数字(1,2,3,4,5,6),则该二次方程有两个不等实数根的概率()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据求出的取值,再根据概率即可得解.【详解】若关于的一元二次方程有两个不等实数根,则,解得或, 又是投掷骰子所得的数字(1,2,3,4,5,6),故此时,所以该二次方程有两个不等实数根的概率.故选:A.5.下列事件中是不可能事件的是()A.抛一枚硬币正面朝上B.三角形中有两个角为直角C.打开电视正在播广告D.两实数和为正【答案】B【解析】【分析】根据必然事件、不可能事件、不确定事件即随机事件的定义解答即可.【详解】A.抛一枚硬币正面朝上是随机事件,故A错误;B.三角形中有两个角为直角是不可能事件,故B正确;C.打开电视正在播广告是随机事件,故C错误;D.两实数和为正是随机事件,故D错误.故选:B.6.二次函数上有,,,,当时,()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】先判断出点关于二次函数的对称轴对称,再求出,代入函数解析式即可得解.【详解】因为,,所以点关于二次函数的对称轴对称,所以,当时,.故选:D. 7.如图,的直径,弦,垂足为.若,则的长为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】先求出,进而可求得,再利用勾股定理求出,即可得解.【详解】连接,因为的直径,所以,因,所以,因为,垂足为,所以,所以.故选:C.8.用12个大小相同的小正方体搭成的几何体如图所示,标有正确小正方体个数的俯视图是()A.B.C.D. 【答案】A【解析】【分析】根据俯视图得定义即可得解.【详解】从上面一行看可得三列小正方形的个数从左至右依次为,从中间一行看可得到两列小正方形的个数从左至右依次为,从下面一行看可得到一列小正方形的个数,由此可判断选项为A.故选:A.9.若不等式对一切实数都成立,则实数的取值范围是()A.B.C.D.或【答案】C【解析】【分析】由对一切实数都成立,结合函数的性质分类讨论进行求解.【详解】解:对一切实数都成立,①时,恒成立,②时,,解得,综上可得,,故选:C.10.如图,已知两点的坐标分别为、,的圆心坐标为,半径为1.若是上的一个动点,线段与轴交于点E,则面积的最小值是()A.2B.4C.D.【答案】C 【解析】【分析】由题意首先确定三角形面积最小时点的位置,然后结合圆的性质和三角形相似的性质可得最大的面积值.【详解】若面积的最小,则与相切,如图,当与相切时,连接,则,在中,,,由勾股定理可得,在和中,因为,所以,所以,所以,所以,所以,所以.故选:C.11.已知不等式的解集为,则不等式的解集为()A.或B.CD.或【答案】A【解析】 【分析】由的两根为,得出,再由一元二次不等式的解法得出答案.【详解】因为不等式的解集为,所以的两根为,即,解得.所以不等式可化,其解集为或.故选:A12.如图,拋物线的对称轴是直线,并与轴交于两点,若,则下列结论:①;②;③;④若为任意实数,则,其中正确的是()A.①②③B.②③④C.①②④D.①③④【答案】B【解析】【分析】根据抛物线的开口可得,与轴的交点在下方可得,抛物线的对称轴可得可判断①;设,,由可得,从而,可判断②③④.【详解】因为抛物线的开口向上,所以,与轴的交点在下方,所以,抛物线的对称轴是,可得,所以,故①错误;设,,抛物线对称轴是,即,可得, 因为,所以,可得,所以,即,可得,故②正确;可得,故③正确;因为,若为任意实数,则,故④正确.故选:B.第Ⅱ卷(非选择题)二、填空题(本大题共6小题,每小题4分,共20分)13.分解因式_________.【答案】【解析】【分析】根据提公因式法和平方差公式求解即可.【详解】.故答案为:.14.函数中,自变量x的取值范围是_________.【答案】且【解析】【分析】根据分母不等于零,开偶数次方根号里的数大于等于零即可得解.【详解】由题意,,解得且,所以自变量x的取值范围是且.故答案为:且.15.已知反比例函数的图象经过点,则此函数的关系式是_________. 【答案】【解析】【分析】根据题意直接代入运算求解即可.【详解】因为反比例函数的图象经过点,则,解得,所以函数的关系式是.故答案为:.16.如图,在中,,,如果的半径为,且经过点,那么线段_________.【答案】或【解析】【分析】连接,设直线与交于点,先求出,再利用勾股定理求出,再分点与点位于的同侧和异侧两种情况讨论即可得解.【详解】连接,设直线与交于点,由题意可得,,因为,,所以,故,由勾股定理可得,则当点与点位于的同侧时,,当点与点位于的异侧时,,所以线段或.故答案为:或. 17.已知函数,计算_________.【答案】【解析】分析】先求出,再观察所求,倒序相加即可得解.【详解】由,得,令,则,两式相加得,所以.故答案为:.三、解答题(共6小题,共82分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)18.(1)解不等式组:,并把解集在数轴上表示出来;(2)先化简,再求值:已知,求的值. 【答案】(1),数轴见解析;(2)【解析】【分析】(1)根据一元一次不等式组的解法求解即可;(2)由分式的运算法则化简,再把代入即可.【详解】(1)由,解①得,解②得,所以不等式的解集为,在数轴上表示如图所示,(2),因为,所以原式.19.如图,在正方形中,分别是边上的点,,,连接并延长交的延长线于点. (1)求证:;(2)若正方形的边长为4,求的长.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)由正方形的性质可得,,然后根据对应边成比例且夹角相等即可得证;(2)由,可得,再根据求出,即可得解.【小问1详解】因为四边形为正方形,所以,,因为,所以,因为,所以,所以,所以;【小问2详解】因为四边形为正方形,所以,所以,又因,正方形的边长为4,所以,所以,所以.20.已知关于的方程.(1)求证:无论取何值,这个方程总有实数根;(2)若等腰三角形的一边长,另两边的长、恰好是这个方程的两个根,求三角形 的周长.【答案】(1)证明见解析;(2)三角形周长为.【解析】【分析】(1)计算出可证得结论成立;(2)分两种情况讨论:①或中至少有一个等于;②.求出的值,可求得和的值,进而可求得的周长.【详解】(1),所以:无论取何值,关于的方程总有实数根;(2)三角形为等腰三角形,可能有两种情况:①或中至少有一个等于,即:方程有一根为,则,解得.方程为,另一根为,此时三角形周长为;②时,,解得,方程为,得,则,此时不能构成三角形.综上,三角形周长为.【点睛】本题考查一元二次方程根的情况的判断,同时也考查了一元二次方程根与系数关系的应用,考查计算能力,属于中等题.21.如图,有长为的篱笆,一面利用墙(墙的最大可用长度为),围成中间隔有一道篱笆(平行于)的矩形花圃.设花圃的一边为,面积为.(1)求与的函数关系式;(2)如果要围成面积为的花圃,的长是多少? (3)能围成比更大的花圃吗?如果能,请求出最大面积;如果不能,请说明理由.【答案】(1)(2)(3)能围成比更大的花圃,最大面积为【解析】【分析】(1)利用矩形的面积公式建立函数关系式即可;(2)根据函数关系式,令,解一元二次方程,注意墙的最大可用长度为;(3)利用函数解析式,根据函数的性质及自变量的取值范围求出最大值即可.【小问1详解】解:由题意得,即;【小问2详解】解:当时,则,解得或,当时,符合题意,当时,,不符合题意,舍去,所以如果要围成面积为的花圃,的长是;【小问3详解】解:,由题意可得,得,又当时,随增大而减小,所以当时,,所以能围成比更大的花圃,最大面积为.22.已知抛物线经过,两点,与轴交于点C,直线与抛物线交于 两点.(1)写出点的坐标并求出此抛物线的解析式;(2)当原点为线段的中点时,求的值及两点的坐标;(3)是否存在实数使得的面积为?若存在,求出的值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2);(3)存在,或【解析】【分析】(1)根据坐标轴上点的特征以及待定系数法进行求解即可;(2)联立和,根据根与系数的关系推出再根据题意易求得,将其代入,进而求得点A和点B的坐标;(3)结合图形可知利用根与系数的关系进行代入求解即可.【小问1详解】令抛物线中,则,∴点C的坐标为,∵抛物线经过,两点,代入得,解得,∴抛物线的解析式为 【小问2详解】将代入得:,整理得:,∴∵原点O为线段AB的中点,∴,解得,将代入,解得:∴,故当原点O为线段AB的中点时,k的值为-2,点A、B坐标分别为;小问3详解】假设存在,由(2)可知根据题意,解得,∴,∴或,故存在或,使得的面积为.23.已知函数,是否存在实数,使得当时,函数有最小值?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.【答案】或【解析】【分析】求出函数的对称轴为,再分,和三种情况讨论求出最小值,即可得解. 【详解】函数的对称轴为,当,即时,随增大而增大,则时,函数取得最小值,则,解得或,又,所以;当,即时,随增大而减小,则时,函数取得最小值,即,解得,又,所以;当,即时,则时,函数取得最小值,即,解得,又,所以此时不存在,综上所述,或.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-08 17:43:01 页数:17
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文章作者:随遇而安

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