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江苏省扬州中学2023-2024学年高三数学上学期开学检测试题(Word版附解析)
江苏省扬州中学2023-2024学年高三数学上学期开学检测试题(Word版附解析)
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2023~2024学年度第一学期开学检测高三数学一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合要求)1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】解不等式得到,求出交集.【详解】,或,故.故选:A2.若x>0,则的最小值为()A.B.C.1D.2【答案】D【解析】【分析】利用基本不等式求解即可.【详解】因为x>0,所以,当且仅当,即,取等号,故A,B,C错误.故选:D.3.函数f(x)=lnx-的零点所在的大致区间是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据函数解析式,求得,结合零点的存在定理,即可求解,得到答案.【详解】由题意,函数,可得,, 可得,所以函数的零点所在的大致区间是.故选:B.【点睛】本题主要考查了零点的存在定理的应用,其中解答中熟记零点的存在定理,准确计算是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.4.若函数在定义域内单调递减,则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】求出函数的定义域与导函数,依题意恒成立,参变分离可得恒成立,结合正弦函数的性质计算可得.【详解】函数定义域为,且,依题意恒成立,恒成立,即恒成立,又,所以,即实数的取值范围是.故选:A5.函数在的图象大致为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据奇偶函数的对称性排除A,再根据对应的函数值符号排除BC即可求解. 【详解】,,定义域关于原点对称,,是奇函数,排除A;当时,,排除C;当时,中,故,排除B.故选:D6.若,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由已知不等式变形可得,构造函数,其中,分析函数在上的单调性,可得出,结合函数的单调性可得出,再结合对数函数的单调性逐项判断,可得出合适的选项.【详解】因为,令,其中,因为函数、在上均为增函数,所以,函数在上为增函数,因为,即,故,则,所以,,则,A错B对;无法确定与的大小,故与的大小无法确定,CD都错.故选:B. 7.已知函数的定义城为R,且满足,,且当时,,则()A.B.C.3D.4【答案】A【解析】【分析】根据题目条件得到,故的一个周期为8,从而得到,计算出,得到答案.【详解】因为,所以,即,又,故,即①,用代替得②,由①②得,故的一个周期为8,故,又得,时,,故,故.故选:A8.若可导函数是定义在R上的奇函数,当时,有,则不等式的解集为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】令,,又导函数得到在上单调递减,结合是定义在R上奇函数得到与0的大小,从而解不等式.【详解】令,, 则,当时,,故在上单调递减,则当时,,因为可导函数是定义在R上的奇函数,故,当时,所以,解得,又,故不等式的解集为.故选:B二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)9.下面命题正确的是()A.“”是“”的充要条件B.“”是“”的充分不必要条件C.“”是“”的必要不充分条件D.“且”是“”的必要不充分条件【答案】BC【解析】【分析】A选项,可举出反例,得到充分性不成立;B选项,证明出充分性成立,举出例子得到必要性不成立,B正确;C选项,举出反例得到充分性不成立,再证明出必要性成立;D选项,证明出充分性成立,D错误.【详解】A选项,设,满足,但无意义,故充分性不成立,A错误;B选项,当时,,充分性成立,当时,满足,但不满足,必要性不成立,故“”是“”的充分不必要条件,B正确;C选项,当且时,此时,故充分性不成立, 当时,解得且,故必要性成立,故“”是“”的必要不充分条件,C正确;D选项,且时,,充分性成立,D错误.故选:BC10.下列命题中正确的是()A.的最小值是2B.当时,的最小值是3C.当时,的最大值是5D.若正数满足,则的最小值为3【答案】BCD【解析】【分析】利用基本不等式对选项进行分析,从而确定正确答案.【详解】A选项,①,但是无解,所以①等号不成立,所以A选项错误.B选项,当时,,,当且仅当时等号成立,所以B选项正确.C选项,当时,,所以,当且仅当时等号成立,所以C选项正确.D选项,是正数, ,当且仅当时等号成立,所以D选项正确.故选:BCD11.已知函数,下列关于函数的零点个数的说法中,正确的是()A.当,有1个零点B.当时,有3个零点C.当,有2个零点D.当时,有7个零点【答案】ABD【解析】【分析】将函数的零点个数问题转化为解的个数问题,设,即有,然后结合每个选项中t的范围作出函数图象,数形结合,即可求解相应方程的解,进而确定函数零点个数.【详解】令,则,设,则等价于,则函数的零点个数问题即为解的个数问题;二次函数,其图象开口向上,过点,对称轴为,对于A,当时,作出函数的图象如图:由图象可知有一个根,则由可知此时方程只有一个解, 此时函数的零点个数为1,A正确;对于B,当时,,作出函数的图象如图:由图象可知有一个根,令,令,则有3个解,即和,此时此时函数有3个零点,B正确;对于C,当时,分析同A,函数有1个零点,C错误;对于D,当时,,作出函数的图象如图:由图象可知有3个根,当时,;当时,, 则对于,当时,,当时,,此时共有3个解;对于,此时有1个解,即有2个解,对于,此时有1个解,即无解,故此时函数有7个零点,D正确;故选:ABD【点睛】方法点睛:本题是关于复合函数的零点的判断问题,首先将零点问题转化为方程的解的问题;解答时要采用换元的方法,利用数形结合法,先判断外层函数对应方程的解的个数问题,继而求解内层函数对应方程的解.12.已知函数及其导函数满足,且,则下列说法正确的是()A.在上有极小值B.的最小值为C.在上单调递增D.的最小值为【答案】ACD【解析】【分析】根据导数的运算法则结合求得函数的表达式,同时求得,然后利用导数确定,的单调性和最值.【详解】因为函数及其导函数满足,则,即,令(为常数),所以,,因为,可得,所以,,,,时,,递减,时,,递增, 对于A选项,易得时达到极小值;A对对于B选项,,B错;,对于C选项,当时,,所以上单调递增,C对;对于D选项,,令,可得,当时,,此时单调递减,当时,,此时单调递增,所以,,D对.故选:ACD.【点睛】难点点睛:对于已知等式中含有,的式子,难点在于构造新函数,已知条件转化为新函数的导数的关系式,从而得出新函数的性质.常见的新函数有,,,,,.三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.函数,则定义域是________.【答案】【解析】【分析】根据解析式列出不等式组求解即可.【详解】由可得,,解得,所以函数的定义域为.故答案为:.14.已知关于的不等式的解集为,则_______________. 【答案】16【解析】【分析】根据给定的条件,利用一元二次方程根与系数的关系计算作答.【详解】因关于x的不等式的解集为,则是方程的二根,则有,解得,所以.故答案为:16.15.若曲线过点的切线有且仅有两条,则实数的取值范围是______.【答案】或【解析】【分析】设切点,然后利用导数的几何意义求出切线方程,将点的坐标代入切线方程化简,得到关于的二次方程,则此方程有两个不相等的实根,从而由可求得答案.【详解】,设切点,则切线的斜率为,故切线方程为,取,代入,得,∵,∴有两个不等实根,故,解之,得或,故答案为:或16.已知函数,当,对任意,不等式恒成立,则实数的最小值为_________.【答案】12【解析】【分析】不妨设,由函数的单调性化简不等式为,引入函数 ,问题转化为恒成立,由此只要用导数确定的单调性,再由分离参数法转化为求函数的最值,得出结论.【详解】因为,函数在上单调递增,不妨设,则,可化为,设,则,所以为上的减函数,即在上恒成立,等价于在上恒成立,设,所以,因,所以,所以函数在上是增函数,所以(当且仅当时等号成立).所以.故答案为:12.【点睛】方法点睛:不等式恒成立问题中含有两个自变量以及其它参数,解题方法有两种,(1)不妨设,转化不等式后利用函数的单调性把问题转化为新函数的单调性:如,再解决新函数的单调性得出参数范围;(2)不妨设,然后引入参数(,已知关系转化为关于的关系式,从而利用换元法变为关于的关系式(降元,即二元变一元),再由新函数的性质求得参数范围.四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)17.计算:(1);(2).【答案】(1)7(2) 【解析】【分析】(1)利用分数指数幂的运算性质求解即可,(2)利用对数的运算性质求解即可【小问1详解】.【小问2详解】.18.已知函数是定义域为R的偶函数.(1)求实数的值;(2)若对任意,都有成立,求实数k的取值范围.【答案】(1)2(2)【解析】分析】(1)由偶函数定义求得参数值;(2)由基本不等式求得的最小值,然后解相应的不等式可得范围.【小问1详解】由偶函数定义知:, 即,∴对成立,.【小问2详解】由(1)得:;∵,∴,当且仅当即时等号成立,∴,∴,即,解得:或,综上,实数的取值范围为.19.已知集合,,命题,命题.(1)若,求实数的取值范围;(2)若,且是的充分不必要条件,求实数的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据元素和集合的关系列式可求出结果;(2)根据且是的真子集列式,解不等式组可得结果.【小问1详解】,且,∴,解得.即实数的取值范围是.【小问2详解】,得或,由,得,, 是的充分不必要条件,∴是的真子集,所以(等号不能同时取得),解得,又或,所以.实数的取值范围是.20.已知函数.(1)求函数的单调区间;(2)证明:对任意的.【答案】(1)在上单调递减,上单调递增(2)证明见解析【解析】【分析】(1)首先求函数的导数,再根据导数和单调性的关系,即可求解;(2)不等式转化为证明,再构造函数,利用导数求函数的最小值,即可证明不等式.【小问1详解】由题可知函数的定义域为令得或(舍去)-0+单调递减极小值单调递增所以,在上单调递减,上单调递增.小问2详解】 ,要证明,只用证明,令,设,,即单调递增,,,可得函数有唯一的零点且,满足,当变化时,与的变化情况如下,0单调递减极小值单调递增所以,因为,因为,所以不取等号,即,即恒成立,所以,恒成立,所以,对成立.21.已知函数.(1)若在上存在单调减区间,求实数的取值范围;(2)若在区间上有极小值,求实数的取值范围.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)求出函数的导数,利用在上有解,分离参数求解作答.(2)由(1)的信息,分析函数的极值情况,再建立不等式求解作答.【小问1详解】函数,求导得,因为函数在上存在单调减区间,则不等式在上有解,即在上成立,而函数在上递减,显然,于是,所以实数的取值范围是.【小问2详解】由(1)知,,即,解得,当或时,,当时,,即函数在上单调递增,在上单调递减,因此函数在处取得极小值,于是,即,当时,不等式成立,当时,解得,则,所以实数的取值范围是.22.已知函数.(1)若,求的最小值;(2)若方程有解,求实数a的取值范围.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)时,设,利用导数判断出的单调性可得答案;(2)即有解,构造函数设,利用导数判断出的单调性,可得方程有解转化为在上有解,再构造函数,利用导数求出值域可得答案.【小问1详解】当时,,,设,则,在上单调递增,且,所以时,,单调递减,时,,单调递增,所以;【小问2详解】即,即,设,则,,设,则,所以时,,单调递减,时,,单调递增,所以,即,在上单调递增,所以方程有解即在上有解, 有解,即有解,设,则,时,,单调递增,时,,单调递减,所以,当时,,所以,即实数a的取值范围是.
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高中 - 数学
发布时间:2023-09-26 06:00:02
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