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浙江省金华市曙光学校2023届高三数学三模试题(Word版附解析)

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金华市曙光学校2023年高三模拟考高三年级数学试题卷本卷满分:150分考试时间:120分钟一、选择题(本题共8小题,每小题5分共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.全集,,,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】列举可得,然后根据补集的运算得出,进而根据交集的运算即可得出答案.【详解】由已知可得,,所以,所以.故选:D.2.已知复数z满足,则()A.1B.2C.D.【答案】C【解析】【分析】先求出z,再求【详解】因为,所以,所以.故选:C3.函数的图象大致形如() A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据函数的奇偶性和函数值等知识确定正确答案.【详解】依题意,为偶函数,则为偶函数,又,则.故选A.4.已知向量,向量在方向上的投影向量为()A.B.C.2D.【答案】B【解析】【分析】根据投影向量的定义,即可求得答案.【详解】由题意得,,所以向量在方向上的投影向量为,故选:B5.如图位于西安大慈恩寺的大雁塔是我国现存最早、规模最大的唐代四方楼阁式砖塔,其最高处的塔刹可以近似地看成一个正四棱锥,已知正四棱锥的高为,其侧棱与底面的夹角为,则该正四棱锥的体积约为() A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】设正四棱锥的底面边长为,高为,得到为侧棱与底面所成的角,结合,求得,结合体积公式,即可求解.【详解】如图所示,设正四棱锥的底面边长为,高为,设,可得底面,即为侧棱与底面所成的角,因为侧棱与底面的夹角为,可得,所以,在正方形中,可得,所以,可得正四棱锥的体积为,又因为正四棱锥的高为,所以.故选:B.6.已知,分别为双曲线:的左,右焦点,点P为双曲线渐近线上一点,若,,则双曲线的离心率为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由题可得,然后利用二倍角公式结合条件可得,然后根据离心率公式即得. 【详解】由双曲线:可得渐近线方程为,因为,为的中点,所以,,所以,又,,所以即,所以.故选:B.7.已知函数,若将函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象,若关于的方程在上有且仅有两个不相等的实根,则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据三角函数图象平移的原则得的表达式,根据的范围得出的范围,结合余弦函数的性质列出不等式即可得结果.【详解】将函数向左平移个单位长度后得到函数, 即,∵,∴,∵在上有且仅有两个不相等的实根,∴,解得,即实数的取值范围是,故选:B.8.已知函数,,,,若,,则().A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据选项中不等式特征构造函数,根据其单调性可得,继而构造函数,利用其单调性推出,再结合不等式性质即可推出答案.【详解】设,则在上单调递减,因为,故,即,设,则,故在上单调递增,因为,故,即, 由于,,故,则,即,所以A错误,B正确;由,,无法确定还是,C,D错误,故选:B【点睛】关键点睛:解答本题的关键是根据各选项中不等式特征,能够构造函数以及,继而判断其单调性,利用函数单调性解决问题.二、多选题(本题共4小题,每小题5分共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分)9.下列命题中正确的是()A.已知一组数据6,6,7,8,10,12,则这组数据的分位数是7.5B.样本相关系数的绝对值越接近1时,成对样本数据的线性相关程度越强C.已知随机变量,则D已知经验回归方程,则y与x具有负线性相关关系【答案】ABD【解析】【分析】A选项由百分位数的定义计算即可;B选项根据样本相关系数的意义判断即可;C选项根据二项分布的期望公式计算;D选项由回归直线的斜率正负判断线性相关关系.【详解】对于A选项,由,所以第3个和第4个数的平均数为,故A正确;选项B样本相关系数的意义可知,样本相关系数的绝对值越接近1时,成对样本数据的线性相关程度越强,故选项B正确对于C选项,由, 则,故C错误;对于D选项,由,可得y与x具有负线性相关关系,可知D正确.故选:ABD.10.若的展开式中第5项与第6项的二项式系数相等,则下列说法正确的是().A.B.展开式中各项系数和为C.展开式中常数项为D.展开式中各二项式系数和为【答案】ABC【解析】【分析】根据二项式定理以及二项展开式系数的性质,运用赋值法和二项式展开项公式求解.【详解】因为第5项和第6项是相邻的两项,,A正确;令,则有,B正确;,,常数项,C正确;二项式系数之和,错误;故选:ABC.11.如图,在正方体中,分别为的中点,点在线段上,则下列结论正确的是()A.直线平面EFG B.直线和平面所成的角为定值C.异面直线和所成的角不为定值D.若直线平面EFG,则点为线段的中点【答案】AD【解析】【分析】由平面截正方体的截面为正六边形,根据,证得平面,可判定A正确;过作,得到直线和平面所成的角为,设,得到,可判定B错误;由,证得平面,得到,可判定C错误;证得平面,得到,得到点为线段的中点,可判定D正确.【详解】对于A中:如图(1)所示,平面截正方体截面图形为正六边形,其中分别为,,的中点,因为,平面,平面,所以平面,所以A正确;对于B中,如图(2)所示,过作交于点,在正方体,可得平面平面,且平面,平面平面,所以平面,则直线和平面所成的角为,且,设,正方体的棱长为1, 则,,所以,所以直线CP和平面ABCD所成的角不为定值,故B错误;对于C中,在正方体,连接,因为平面,且平面,所以,又由正方形,可得,又因为且平面,所以平面,因为,所以平面,又因平面,所以,所以C错误;对于D中,在正方体中,可得且,所以四边形为平行四边形,所以,设,,则平面平面,因为平面,平面,所以,又在平面内,可得,,所以点为线段的中点,所以D正确,故选:AD. 12.已知函数的定义域为,且的图象关于直线对称,,又,则()A.为偶函数B.的图象关于点中心对称C.是奇函数D.【答案】AD【解析】【分析】由的图象关于直线对称,可得为偶函数,可判断A;令中,求出可判断B;由可得的周期为4,故,令等价于,可得为偶函数可判断C;求出,再结合和的周期为4可判断D.【详解】由的图象关于直线对称,可得,即,令,则,即,故偶函数,A正确;又因为,令等价于,则①,令等价于,②,②减①可得:,故的周期为4,又,所以③,令等价于,则④,因为为偶函数, ③减④可得:,故是偶函数,故C不正确;令中,可得,解得:,故B不正确;令中,可得,因为,则,令中,可得,因为,则,由,因为的周期为4,且,则,,故D正确故选:AD.三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.设随机变量X服从正态分布,若,则___________.【答案】【解析】【分析】根据正态分布的概念及性质即可求解概率.【详解】解:因为,所以,故答案为:.14.已知、均为锐角,且,,则_____________.【答案】##【解析】【分析】利用题目信息以及平方关系分别计算得、角的正弦、余弦值,再利用两角差的正弦公式即可求得结果. 【详解】因为,,即,所以,又,即,则,又、均为锐角,所以,,所以,,所以.故答案为:15.在四棱锥P-ABCD中,平面ABCD,PA=1,AB=,AD=4,点M是矩形ABCD内(含边界)的动点,满足MA等于M到边CD的距离.当三棱锥P-ABM的体积最小时,三棱锥P-ABM的外接球的表面积为______.【答案】【解析】【分析】根据抛物线的定义知,点M的轨迹为抛物线位于矩形内的一部分,找到三棱锥P-ABM的体积最小时的点F,然后利用补体法求出外接球的半径,即可求出表面积.【详解】由抛物线定义可知:点位于底面矩形内以点A为焦点,为准线的抛物线上,记点的轨迹为曲线,在矩形内以点为坐标原点,为轴,过点作垂线为轴建立如图示平面直角坐标系,由AD=p=4知抛物线的标准方程为:,又AB=,所以,所以, 当点位于时,面积最小,又平面ABCD,此时三棱锥的体积最小,三棱锥的外接球与以PA,AB,BF为长宽高的长方体的外接球相同,由长方体外接球模型可知,三棱锥外接球球心为的中点,此外接球的半径为:,所以.故答案为:16.如图,已知有公共焦点、的椭圆和双曲线相交于A、B、C、D四个点,且满足,直线AB与x轴交于点P,直线CP与双曲线交于点Q,记直线AC、AQ的斜率分别为、,若,则椭圆的离心率为___________.【答案】##【解析】【分析】设椭圆的方程为,双曲线的方程为,联立方程组求的坐标,再求点的坐标,由条件列方程求椭圆的离心率.【详解】设椭圆的方程为,双曲线的方程为, 因为椭圆和双曲线有公共焦点、,所以,因为,联立,可得,所以,所以点的坐标分别为,,,,所以直线的斜率,直线的方程为,所以点的坐标为,所以直线的斜率为,所以直线的方程为,联立,消得,,设点的坐标为,则,所以,, 所以直线的斜率,又,,所以,又,所以,因为点,,所以,故,故所以.故答案为:.【点睛】方法点睛:椭圆的离心率是椭圆最重要的几何性质,求椭圆的离心率(或离心率的取值范围),常见有两种方法:①求出a,c,代入公式;②只需要根据一个条件得到关于a,b,c的齐次式,结合b2=a2-c2转化为a,c的齐次式,然后等式(不等式)两边分别除以a或a2转化为关于e的方程(不等式),解方程(不等式)即可得e(e的取值范围).四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.已知等差数列的各项均为正数,,.(1)求的前项和;(2)若数列满足,,求的通项公式.【答案】(1)(2)【解析】 【分析】(1)利用等差数列的性质得到,根据等差数列的通项公式求出公差,代入等差数列的前项和公式进而求解;(2)结合(1)的结论得到,进而得到,利用累乘法求出.【小问1详解】等差数列中,因为,所以,又因为等差数列的各项均为正数.所以,又因为,所以.所以.【小问2详解】由(1)得,因为,且,所以,所以.所以.所以.当时也符合.所以的通项公式为.18.在中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,已知.(1)求角A的值;(2)若的面积,,试判断的形状.【答案】(1)(2)直角三角形【解析】【分析】(1)由正弦定理化边为角,然后由诱导公式,两角和的正弦变形可求得角; (2)由三角形面积求得,由余弦定理求得,然后用正弦定理可得判断的形状即可.【小问1详解】因为,由正弦定理得,又是三角形内角,,所以,所以;【小问2详解】,,,,又,,所以,是直角三角形.19.如图,圆台上底面半径为1,下底面半径为,为圆台下底面的一条直径,圆上点满足,是圆台上底面的一条半径,点在平面的同侧,且.(1)证明:平面;(2)从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为已知,求直线与平面所成的正弦值.条件①:三棱锥的体积为;条件②:与圆台底面的夹角的正切值为.注:如果选择条件①和条件②分别解答,按第一个解答计分. 【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)根据题意证明四边形为平行四边形,得到,利用线面平行的判定定理证明;(2)选择条件①根据体积求出,选择条件②根据线面角的正切值求出,建立空间直角坐标系,利用向量法求解即可.【小问1详解】取中点,连接,如图,由题意,,又.又,故,所以四边形为平行四边形,则,又面平面,故平面.【小问2详解】选①:, 又平面,所以三棱锥体积.所以.选②:因为平面,所以为与底面所成的角,所以,又,所以以为坐标原点,所在直线为坐标轴建立如图所示的空间直角坐标系.则有,故,设平面的法向量,而,故令,解得,得,设所求角的大小为, 则.所以直线与平面所成角的正弦值为.20.某市阅读研究小组为了解该城市中学生阅读与语文成绩的关系,在参加市中学生语文综合能力竞赛的各校学生中随机抽取了500人进行调查,并按学生成绩是否高于75分(满分100分)及周平均阅读时间是否少于10小时,将调查结果整理成列联表.现统计出成绩不低于75分的样本占样本总数的,周平均阅读时间少于10小时的人数占样本总数的一半,而不低于75分且周平均阅读时间不少于10小时的样本有100人.周平均阅读时间少于10小时周平均阅读时间不少于10小时合计75分以下不低于75分100合计500(1)根据所给数据,求出表格中和的值,并分析能否有以上的把握认为语文成绩与阅读时间是否有关;(2)先从成绩不低于75分的样本中按周平均阅读时间是否少于10小时分层抽样抽取9人进一步做问卷调查,然后从这9人中再随机抽取3人进行访谈,记抽取3人中周平均阅读时间不少于10小时的人数为,求的分布列与均值.参考公式及数据:.0.010.0050.0016.6357.87910.828【答案】(1),有的把握认为语文成绩与阅读时间有关(2)分布列见解析,数学期望为【解析】 【分析】(1)根据已知完善列联表求出参数,应用卡方公式求卡方值,结合独立性检验的基本思想得到结论;(2)根据分层抽样等比例性质确定抽取9人的分布情况,进而写出可能的取值,并求出对应概率,写出分布列并求期望.【小问1详解】根据已知条件,列联表如下:周平均阅读时间少于10小时周平均阅读时间不少于10小时合计75分以下200150350不低于75分50100150合计250250500所以,由表知,所以有的把握认为语文成绩与阅读时间有关.【小问2详解】依题意,成绩不低于75分的学生中周平均阅读时间少于10小时和不少于10小时的人数比是1:2,按分层抽样抽取9人,则周平均阅读时间少于10小时有3人,不少于10小时的有6人,从这9人中再随机抽取3人进行访谈,则可能的取值为,,.分布列如下:0123.21.已知椭圆:()的左、右焦点分别为,,是椭圆 上异于左、右顶点的动点,的周长为6,椭圆的离心率为.(1)求椭圆的标准方程;(2)若圆与的三边都相切,判断是否存在定点,,使为定值.若存在,求出点的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2)存在定点,【解析】【分析】(1)结合数量积的坐标表示求及其最小值表达式,由条件列关于的方程,解方程求可得椭圆方程;(2)设圆的半径为,,由内切圆的性质确定的关系,再结合点到直线的距离公式确定的关系,由此确定点的轨迹方程,结合椭圆定义完成证明.【小问1详解】周长为,椭圆的离心率为,则,所以所以椭圆的标准方程为;【小问2详解】设圆的半径为,,由(1)不妨设,则的面积,所以,,所以, 由,,得直线的方程为,则点到直线的距离为,整理,得,把代入上式,得,即,由题意得,,,所以,则,把,代入椭圆的方程,得,所以点在椭圆上,所以存在定点,,使为定值2.【点睛】关键点点睛:本题第二小问解决的关键在于由条件确定点的轨迹方程,再由椭圆定义证明结论.先通过内切圆和等面积法建立点坐标和半径及点坐标的关系,再由相关点法得出轨迹方程即可.22.已知函数.(1)求函数在处的切线方程;(2)判断函数在上的单调性,并说明理由; (3)对任意的,求实数a的取值范围.【答案】(1);(2)在上单调递增;(3)【解析】【分析】(1)通过导数的几何意义计算即可;(2)由三角函数的有界性将导函数转化为,即可判定单调性;(3)将问题转化为恒成立,结合第二问的结论得出符合题意,再利用导数去证明其充分性即可.【小问1详解】由题意可得:,故,所以在处的切线方程为:【小问2详解】由上知,而,故在上有,即,令,即在上单调递增,故,所以,故在上单调递增;【小问3详解】问题转化为:恒成立,令,则,由(2)得在上单调递增,而,满足题意,则,即(必要性);下证充分性,当时,令, 由(2)可得,故在上单调递增,,故,满足充分性.综上,实数a的取值范围为.

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发布时间:2023-08-25 20:09:01 页数:25
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文章作者:随遇而安

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