首页

浙江省温州市2023届高三数学三模试题(Word版附解析)

资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。

1/26

2/26

剩余24页未读,查看更多内容需下载

温州市普通高中2023届高三第三次适应性考试数学试卷2023.5一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设全集,集合,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】用列举法写出全集,再利用并集、补集的定义求解作答.【详解】依题意,全集,而,有,所以故选:B2.已知直线,若,则()A.B.0C.1D.2【答案】B【解析】【分析】根据给定的条件,利用两直线的垂直关系列式计算作答.【详解】因直线,且,则,所以故选:B3.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货物的运费y2与到车站的距离成正比,如果在距离车站10km处建仓库,这两项费用y1和y2分别为2万元和8万元,那么要使这两项费用之和最小,仓库应建在距离车站(  )A.4kmB.5kmC.6kmD.7km【答案】B【解析】 【分析】据题意用待定系数法设出两个函数y1=,y2=k2x,将两点(10,2)与(10,8)代入求出两个参数.再建立费用的函数解析式.用基本不等式求出等号成立的条件即可.【详解】解:由题意可设y1=,y2=k2x,∴k1=xy1,k2=,把x=10,y1=2与x=10,y2=8分别代入上式得k1=20,k2=0.8,∴y1=,y2=0.8x(x为仓库与车站距离),费用之和y=y1+y2=0.8x+≥2×4=8,当且仅当0.8x=,即x=5时等号成立.当仓库建在离车站5km处两项费用之和最小.故选B.【点睛】本题是函数应用中费用最少的问题,考查学生建立数学模型的能力及选定系数求解析式,基本不等式求最值的相关知识与技能,属于中档题.4.“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】C【解析】【分析】构造函数,利用导数讨论其单调性,利用单调性可解不等式,然后可得.【详解】设,则,所以在R上单调递增,所以不等式.即“”是“”的充要条件.故选:C5.已知数列各项为正数,满足,,则()A.是等差数列B.是等比数列 C.是等差数列D.是等比数列【答案】C【解析】【分析】分析可知数列的每一项都是正数,由已知条件可得出,结合等差中项法判断可得出结论.【详解】因为数列各项为正数,满足,,故对任意的,,则,所以,数列的每一项都是正数,所以,,可得,由等差中项法可知,数列是等差数列,故选:C.6.四面体满足,点在棱上,且,点为的重心,则点到直线的距离为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件,建立空间直角坐标系,再利用向量求出点到直线的距离作答.【详解】四面体满足,即两两垂直,以点O为原点,以射线的正方向分别为轴的正方向建立空间直角坐标系,如图, 因为,,则,于是,,所以点到直线的距离.故选:A7.如图,是椭圆的左、右顶点,是上不同于的动点,线段与椭圆交于点,若,则椭圆的离心率为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】设,得到和,两式相除即可求解.【详解】设,则,,两式相乘得,① 因为直径所对的角是直角,所以所以,②①除以②得,故,故选:D8.已知函数,存在实数使得成立,若正整数的最大值为6,则的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】分类讨论的值域,然后根据值域端点的倍数关系可解.【详解】记因为,所以,所以当时,,所以显然存在任意正整数,使得成立;当时,,所以要使正整数的最大值为6,则,解得;当时,,所以显然存在任意正整数,使得成立;当时,,所以要使正整数的最大值为6,则,解得 综上,的取值范围为故选:C二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.已知复数,下列命题正确的是()A.B.若,则C.D.若,则为实数【答案】AC【解析】【分析】根据复数的模长公式、共轭复数的定义以及复数的乘方,结合举反例,可得答案.【详解】对于A,设,则,故A正确;对于B,当时,,故B错误;对于C,设,,,,故C正确;对于D,设,,,当或时,,故D错误.故选:AC.10.近年来,网络消费新业态、新应用不断涌现,消费场景也随之加速拓展,某报社开展了网络交易消费者满意度调查,某县人口约为万人,从该县随机选取人进行问卷调查,根据满意度得分分成以下组:、、、,统计结果如图所示.由频率分布直方图可认为满意度得分(单位:分)近似地服从正态分布,且,,,其中近似为样本平均数,近似为样本的标准差,并已求得.则() A.由直方图可估计样本的平均数约为B.由直方图可估计样本的中位数约为C.由正态分布可估计全县的人数约为万人D.由正态分布可估计全县的人数约为万人【答案】ABD【解析】【分析】利用频率分布直方图计算出样本的平均数与中位数,可判断AB选项;利用正态分布原则可判断CD选项.【详解】对于A选项,由直方图可估计样本的平均数为,A对;对于B选项,前两个矩形的面积为,前三个矩形的面积之和为,设样本的中位数为,则,由中位数的定义可得,解得,B对;对于C选项,因为,,,所以,,所以,由正态分布可估计全县的人数约为万人,C错;对于D选项,因为,,所以, ,所以,由正态分布可估计全县的人数约为万人,D对.故选:ABD11.已知函数,其中是其图象上四个不重合的点,直线为函数在点处的切线,则()A.函数的图象关于中心对称B.函数的极大值有可能小于零C.对任意的,直线的斜率恒大于直线的斜率D.若三点共线,则.【答案】AD【解析】【分析】由奇偶性和图象平移可判断A;利用导数求出极大值点,再由单调性与比较可判断B;利用导数求出,然后作差比较,即可判断C;根据化简即可判断D.【详解】设因为所以为奇函数,图象关于原点对称,所以的图象关于点中心对称,A正确;令,解得,当或时,,单调递增,当时,,单调递减, 所以当时,取得极大值,由单调性可知,,故B错误;因为,所以,又,所以因为,所以,即,C错误;同上,可得,,当三点共线时,则有整理得因为,所以,即又,所以,整理得因为,所以,即,所以,D正确.故选:AD12.如图,圆柱的轴截面是边长为2的正方形,为圆柱底面圆弧的两个三等分点,为圆柱的母线,点分别为线段上的动点,经过点的平面与线段交于点,以下结论正确的是() A.B.若点与点重合,则直线过定点C.若平面与平面所成角为,则的最大值为D.若分别为线段的中点,则平面与圆柱侧面的公共点到平面距离的最小值为【答案】ABD【解析】【分析】利用面面平行的性质定理可判断A;根据两平面如果有一个公共点,则这个公共点一定在它们的交线上可判断B;取特例验证可判断C;利用圆柱的对称性可知RF即为所求,然后求解可判断D.【详解】连接,由为圆柱底面圆弧的两个三等分点可知,因为平面ABCD,平面ABCD,所以平面ABCD,又,同理可得平面ABCD,因为,平面所以,平面平面ABCD,因为平面,平面,所以,A正确; 记平面,则平面,且,又平面,所以必过点M,B正确;当平面为平面时,过点C作直线HF的垂线,垂足为N,连接DN,易知,因为,平面,所以平面,因为平面,所以所以为平面与平面所成二面角的平面角,在等腰梯形中,,易得其高为,即,所以,故C错误; 因为分别为线段的中点,则由圆柱的对称性可知,平面与圆柱侧面的公共点中,点R到平面BCF的距离最小,记EF的中点为T,连接TQ.易知,所以,得所以,即平面与圆柱侧面的公共点到平面距离的最小值为,D正确.故选:ABD三、填空题:本大题共4小题,每题5分,共20分.把答案填在题中的横线上.13.在平行四边形中,若,则___________.【答案】4【解析】【分析】根据四边形ABCD为平行四边形可得,然后由数量积的坐标表示可解. 【详解】因为四边形ABCD为平行四边形,所以又所以所以故答案为:414.展开式的常数项为___________.(用最简分数表示)【答案】【解析】【分析】根据给定条件,求出二项式展开式的通项公式,再求出常数项作答.【详解】展开式通项公式,令,解得,则,所以展开式的常数项是.故答案为:15.已知内有一点,满足,则___________.【答案】##【解析】【分析】先用已知角表示出,然后利用正弦定理可解.【详解】如图,易知,又所以则由正弦定理得,解得 故答案为:16.一位飞镖运动员向一个目标投掷三次,记事件“第次命中目标”,,,,则___________.【答案】【解析】【分析】由题意,计算条件概率,利用全概率公式,求得答案.【详解】由题意,,,则;,,则;故答案为:.四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数在区间上恰有3个零点,其中为正整数.(1)求函数的解析式;(2)将函数的图象向左平移个单位得到函数的图象,求函数的单调区间.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)根据给定条件,求出的范围,再结合正弦函数的零点情况列出不等式求解作答. (2)由(1)求出函数的解析式,进而求出,再利用正切函数的单调性求解作答.【小问1详解】由,得,因为函数在区间上恰有3个零点,于,解得,而为正整数,因此,所以.【小问2详解】由(1)知,,由,得,即有,因此,由,解得,所以函数的单调减区间为.18.如图,已知四棱台的体积为,且满足,为棱上的一点,且平面.(1)设该棱台的高为,求证:;(2)求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见详解(2) 【解析】【分析】(1)利用线面平行条件求AE,再结合等腰梯形可求得,然后利用棱台的体积公式求出h可证;(2)利用三角形可求,再用等体积法求出点E到平面的距离,然后可得.【小问1详解】连接,由棱台性质可知,,可得,又,,所以,所以四点共面又因为平面,平面平面,平面所以,所以四边形为平行四边形,所以,又四边形为等腰梯形,易知为梯形的高,即所以易得上下底面的面积分别为:,由体积公式有,解得所以【小问2详解】连接由(1)知,所以平面ABCD, 因为平面平面,所以平面平面ABCD,又,平面平面,平面,所以平面因为平面,所以易得记三棱锥的高为,则由得,解得又,所以所以直线与平面所成角的正弦值为19.某校开展“学习二十大,永远跟党走”网络知识竞赛.每人可参加多轮答题活动,每轮答题情况互不影响.每轮比赛共有两组题,每组都有两道题,只有第一组的两道题均答对,方可进行第二组答题,否则本轮答题结束.已知甲同学第一组每道题答对的概率均为,第二组每道题答对的概率均为,两组题至少答对3题才可获得一枚纪念章.(1)记甲同学在一轮比赛答对的题目数为,请写出的分布列,并求;(2)若甲同学进行了10轮答题,试问获得多少枚纪念章的概率最大.【答案】(1)分布列见解析,(2)4【解析】【分析】(1)由题意可得可取0,1,2,3,4,进而分别求出概率即可求解;(2)先求得每一轮获得纪念章的概率,由每一轮相互独立,则每一轮比赛可视为二项分布,进而可得,,,由, 解出即可求解.【小问1详解】由题意,可取0,1,2,3,4.,,,,,则的分布列为:01234.【小问2详解】每一轮获得纪念章的概率为,每一轮相互独立,则每一轮比赛可视为二项分布,设10轮答题获得纪念章的数量为,则,,. 由,得,解得,又,得,则获得4枚纪念章的概率最大.20.图中的数阵满足:每一行从左到右成等差数列,每一列从上到下成等比数列,且公比均为实数.(1)设,求数列的通项公式;(2)设,是否存在实数,使恒成立,若存在,求出的所有值,若不存在,请说明理由.【答案】(1);(2)存在,.【解析】【分析】(1)设出第一行从左到右成等差数列的公差,再结合已知列出方程组求解,然后用等差数列、等比数列的通项公式写出通项作答.(2)由(1)的信息结合等比数列前n项和公式求出,再按奇偶分类讨论求解作答.【小问1详解】设,第一行从左到右成等差数列的公差为,则,由,得,即有, 于是,又,解得,因此,,所以,即.【小问2详解】由(1)知,当为奇数时,不等式等价于恒成立,而恒成立,则;当为偶数时,不等式等价于恒成立,而恒成立,则,因此,所以存在,使得恒成立.21.已知抛物线与双曲线相交于两点是的右焦点,直线分别交于(不同于点),直线分别交轴于两点.(1)设,求证:是定值;(2)求的取值范围.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)根据给定条件,设出直线的方程,与抛物线的方程联立即可计算作答.(2)由(1)求出直线的方程并求出点的横坐标,直线的方程与双曲线的方程联立,借助直线求出点的横坐标,再列式求出范围作答.小问1详解】由是直线与抛物线的两个交点,显然直线不垂直y轴,点, 故设直线的方程为,由消去并整理得,所以为定值.【小问2详解】由(1)知,直线的斜率,方程为,令,得点的横坐标,设,由消去得,,,而直线的方程为,依题意,令,得点的横坐标 ,因此,所以的取值范围是.【点睛】方法点睛:圆锥曲线中最值或范围问题的常见解法:(1)几何法,若题目的条件和结论能明显体现几何特征和意义,则考虑利用几何法来解决;(2)代数法,若题目的条件和结论能体现某种明确的函数关系,则可首先建立目标函数,再求这个函数的最值或范围.22.已知函数.(1)证明:函数在上有且只有一个零点;(2)当时,求函数的最小值;(3)设,若对任意的恒成立,且不等式两端等号均能取到,求的最大值.【答案】(1)证明过程见详解(2)(3)【解析】【分析】(1)将证明的结论转化为在上有且只有一个零点.然后对函数求导判断函数的单调性,利用零点存在性定理即可证明;(2)对函数求导,判断函数的单调性进而求出函数的最小值; (3)结合(1)(2)的结论和已知条件可知,使最大,则,则,且等号取到与函数相切,然后利用导数的几何意义进行求解即可.【小问1详解】令,得,令,要证函数在上有且只有一个零点,即证在上有且只有一个零点.因为,所以函数在上单调递减,由,,则,由零点存在性定理可知,函数在上有且只有一个零点.故得证.【小问2详解】对函数求导可得,因为,所以当时,显然,则;当时,令,,因为,(令,则,所以在上单调递增,则,所以,)所以当时,在上单调递增,故,则,,则函数在上单调递减,在上单调递增,所以.【小问3详解】由(1)知,函数在上有且只有一个零点, 由(2)知函数在上单调递减,在上单调递增,且当,函数趋近于,考虑到,则,则,当变大时,则减小.要使最大,则,则,且等号取到与函数相切,设切点坐标为,则,则有,即,解得,(下面证明唯一性)可化为,,令,,函数在上单调递减,则,当时,因为时,恒有,则,所以,当时,因为时,恒有,则,所以,所以函数在上单调递减,在上单调递增, 又因为函数的最小正周期为,所以函数与在上有唯一的交点,草图如下:故,所以的最大值为.【点睛】利用导数研究函数的最值问题时,一般需要先对函数求导,根据导函数的方法研究函数的单调性,求出极值,结合题中条件即可求出最值(有时解析式中会含有参数,求解时,要讨论参数的不同取值范围,再判断函数的单调性,进行求解).

版权提示

  • 温馨提示:
  • 1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
  • 2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
  • 3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
  • 4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)

文档下载

发布时间:2023-05-29 01:54:03 页数:26
价格:¥3 大小:2.75 MB
文章作者:随遇而安

推荐特供

MORE