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陕西省宝鸡市金台区2021-2022学年高二文科数学下学期期末试题(Word版附解析)
陕西省宝鸡市金台区2021-2022学年高二文科数学下学期期末试题(Word版附解析)
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2021-2022学年度第二学期期末检测题高二文科数学注意事项:1.答卷前,考生将答题卡有关项目填写清楚.2.全部答案在答题卡上作答,答在本试题上无效.一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设集合,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先解分式不等式与一元二次不等式求出集合、,再根据交集的定义计算可得.【详解】解:由,即,解得,所以,由,即,解得,所以,所以故选:B2.设,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】首先求解二次不等式,然后结合不等式的解集即可确定充分性和必要性是否成立即可.【详解】求解二次不等式可得:或,据此可知:是的充分不必要条件. 故选:A【点睛】本题主要考查二次不等式的解法,充分性和必要性的判定,属于基础题.3.已知命题:函数(且)的图像恒过点;命题:函数(且)的图像恒过点.则下列命题为真命题的是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先根据指数函数、对数函数的性质判断命题、的真假,再根据复合命题的真假性判断即可.【详解】解:对于(且),令,解得,此时,即函数过定点,故命题为假命题;对于(且),令,解得,此时,即函数过定点,故命题为真命题,所以为假命题,为真命题,为假命题,为假命题;故选:B4.函数的零点所在的大致区间是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】首先判断函数的单调性,再根据零点存在性定理判断即可.【详解】解:的定义域为,又与在上单调递增,所以在上单调递增,又,,,所以,所以在上存在唯一的零点.故选:C 5.下列命题为真命题的是()A.若,则B.若,则C.若,则D.若,则【答案】D【解析】【分析】根据不等式性质,做差法比较大小等,依次分析各选项即可得答案.【详解】解:对于A选项,当时,不等式不成立,故是假命题;对于B选项,当时,不满足,故为假命题;对于C选项,当时,,不满足,故为假命题.对于D选项,由于,所以,即,故为真命题.故选:D.【点睛】本题考查不等式的性质,作差法比较大小,考查运算能力,是基础题.6.函数的单调递减区间为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】先求出函定义域,再通过换元法利用复合函数“同增异减”的性质得到结果【详解】由,得,令,则,在上递增,在上递减,因为在定义域内为增函数,所以的单调递减区间为,故选:A7.下列函数中,与函数y=2x-2-x的定义域、单调性与奇偶性均一致的是( ) A.y=sinxB.y=x3C.y=D.y=log2x【答案】B【解析】【分析】分别判断每个选项中的函数的单调性和奇偶性,即可得到结果.【详解】y=2x-2-x是定义域为R的单调递增函数,且是奇函数.而y=sinx不是单调递增函数,不符合题意;y=是非奇非偶函数,不符合题意;y=log2x的定义域是(0,+∞),不符合题意;y=x3是定义域为R的单调递增函数,且是奇函数符合题意.所以本题选B.【点睛】本题考查基本初等函数的基本性质,掌握常见的基本初等函数的单调性和奇偶性是解题的关键,属基础题.8.已知(且,且),则函数与的图像可能是()A.B. C.D.【答案】B【解析】【分析】由对数的运算性质可得ab=1,讨论a,b的范围,结合指数函数和对数函数的图像的单调性,即可得到答案.【详解】,即为,即有ab=1.当a>1时,0<b<1,函数与均为减函数,四个图像均不满足当0<a<1时,b>1,函数数与均为增函数,排除ACD在同一坐标系中图像可能是B,故选:B.9.若函数的定义域为,值域为,则实数m的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据二次函数的性质并结合图象即可求出实数m的取值范围.【详解】函数的图象如图所示, 因当或时,;当时,,因为函数的定义域为,所以.故选:C.10.已知是定义在上的偶函数,且,若当时,,则()A.0B.1C.6D.216【答案】C【解析】【分析】由可得函数周期为6,进而,最后求出答案.【详解】根据题意,偶函数满足,即,是周期为6的周期函数,则,当时,,则,故故选:C11.方程实数根为()A.B.C.D.无实根【答案】A【解析】 【分析】分和两种情况讨论,结合指数函数的性质及指数与对数的关系计算可得.【详解】解:因为,当时,所以原方程即,即,即,所以,则,符合题意;当时,所以原方程即,即,显然当时,故方程无解;综上可得原方程的解为.故选:A12.已知函数是定义在上的偶函数,且当时,对任意的不相等实数总有成立,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据题意可得函数当时为减函数,再根据偶函数的对称性,结合的大小关系判断即可【详解】因为当时,对任意的不相等实数总有成立,故当时为减函数,又偶函数,且,,故,故故选:D二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知,则曲线在点处的切线方程为_______. 【答案】【解析】【分析】首先求出与导函数,即可求出切线的斜率,再利用点斜式求出切线方程.【详解】解:因为,所以,又,所以,所以切点坐标为,切线的斜率,所以切线方程为,整理得;故答案为:14.幂函数在上单调递减,则的值为______.【答案】2【解析】【分析】利用幂函数定义求出m值,再借助幂函数单调性即可判断作答.【详解】解:因为函数是幂函数,则有,解得或,当时,函数在上单调递增,不符合题意,当时,函数在上单调递减,符合题意.所以的值为故答案为:15.若,,则_______.【答案】【解析】【分析】先由,求出,即可求出结果.【详解】因为,所以,又,所以, 所以故答案为:16.已知函数,若满足,则的取值范围为_______.【答案】【解析】【分析】数形结合,根据二次函数的对称性可得为常数,再分析的取值范围求解即可【详解】画出的图象,易得,且当时,的最大值为,当时解得,故,故故答案为:三、解答题:本大题共4小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.注意:每题有1分书写分,要求卷面整洁,书写规范,步骤条理清晰.17.设函数,(1)解关于的不等式;(2)若对任意的,不等式恒成立,求的取值范围;【答案】(1)见解析(2)【解析】【详解】试题分析:(1)利用分类讨论思想分和三种情况,并结合二次函数的图像进行求解,即可求得时,解集为或,时,解集为 时,解集或;(2)由题意得:恒成立恒成立试题解析:(1)时,不等式的解集为或时,不等式的解集为时,不等式的解集为或(2)由题意得:恒成立,恒成立.易知,的取值范围为:18.已知函数是的一个极值点.(1)求b的值;(2)当时,求函数的最大值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)对求导,是的一个极值点,所以,解方程即可(2)先利用导数求出的单调区间,再根据函数的单调性求的最大值【小问1详解】,∵是的一个极值点,∴解得.经检验,满足题意.【小问2详解】由(1)知:,则.令,解得或 x12+0-0+递增递减递增∵,∴函数的最大值为19.已知是定义在上的奇函数.(1)求的解析式;(2)若不等式恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由可求出的值,再由可求出的解析式;(2)对求导,可得出在上单调递增,所以由题意可得,解不等式即可求出实数的取值范围.【小问1详解】因为为奇函数且函数有意义,,,,,经检验成立, 【小问2详解】,,所以在上单调递增,由题意得,解得:,所以实数的取值范围为20.已知函数,.(1)讨论函数的单调性;(2)若函数在区间上有两个零点,求实数的取值范围.【答案】(1)答案见解析;(2).【解析】【分析】(1)根据函数的导数与单调性的关系,通过讨论a的范围,判断函数的单调性;(2)利用(1)的结论,结合零点存在定理列不等式求a的范围.【详解】解:(1)因为,所以当时,,所以函数在上单调递增,当时,令得,当时,,单调递增,当时,,单调递减,综上所述,当时,在上单调递增; 当时,在上单调递增,在上单调递减.(2)法一:由(1)得,当时,在上单调递增,此时最多有个零点,不符合题意.当时,在上单调递增,在上单调递减,所以的最大值为.因为在区间上有两个零点,所以,即解得所以实数的取值范围是.法二:当时,没有零点,所以不符题意,当时,令,得.令,令时,,令时,,所以在上单调递减,在上单调递增.所以,因为,由题意可得 所以,所以实数的取值范围是.【点睛】函数零点的求解与判断方法:(1)直接求零点:令f(x)=0,如果能求出解,则有几个解就有几个零点.(2)零点存在性定理:利用定理不仅要函数在区间[a,b]上是连续不断的曲线,且f(a)·f(b)<0,还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性)才能确定函数有多少个零点.(3)利用图象交点的个数:将函数变形为两个函数的差,画两个函数的图象,看其交点的横坐标有几个不同的值,就有几个不同的零点.
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高中 - 数学
发布时间:2023-06-21 20:24:02
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