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安徽省安庆市第二中学2023届高三数学下学期模拟考试试卷(Word版附解析)
安徽省安庆市第二中学2023届高三数学下学期模拟考试试卷(Word版附解析)
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安庆二中2023高三年数学模拟考试试卷本试卷共4页,22题.全卷满分150分,考试时间120分钟.考生注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.3.非选择题的作答:用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.4.选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑.答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.5.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并上交.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设集合,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】求出集合、,利用交集的定义可得结果.【详解】因为,,因此,.故选:B.2.已知,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用复数的除法化简可得结果. 【详解】,故选:A.3.已知,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】前者推后者可以用指数函数的单调性,后者推不出前者举反例【详解】若,则为增函数所以,即即当时,所以故选:A4.若是奇函数,则()A.B.CD.【答案】C【解析】【分析】由为奇函数可得,代入相应解析式解方程即可.【详解】易知定义域为,由为奇函数可得,即,解得.故选:C. 5.某工厂产生的废气经过过滤后排放,过滤过程中废气的污染物数量与时间之间的关系为.如果前2小时消除了20%的污染物,则污染物减少50%大约需要的时间为(参考数据:,,)()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由题意知,污染物的初始含量为,由前2小时消除了20%的污染物建立关系式求解参数,将参数代入解析式中计算污染物减少50%大约需要的时间即可.【详解】前2小时消除了20%的污染物,则故,污染物减少50%,则可得故故选:B【点睛】本题考查指数型函数模型的实际运用.先由具体数据把参数求出来,再利用换底公式计算污染物减少50%大约需要的时间,熟悉对数的运算法则是得分的关键.6.从物理学知识可知,图中弹簧振子中的小球相对平衡位置的位移与时间(单位:)的关系符合函数.从某一时刻开始,用相机的连拍功能给弹簧振子连拍了张照片.已知连拍的间隔为,将照片按拍照的时间先后顺序编号,发现仅有第张、第张、第张照片与第张照片是完全一样的,请写出小球正好处于平衡位置的所有照片的编号为()A.、B.、C.、、D.、、【答案】D 【解析】【分析】分析可知弹簧振子运动时的最小正周期为,求出的值,然后结合已知条件求出的值,令可求得的表达式,结合可求得结果.【详解】因为仅有第张、第张、第张照片与第张照片是完全一样的,则弹簧振子运动时的最小正周期为,则,所以,,由题意可得,所以,,即,所以,,则,则,令可得,所以,,令,则,由可得,因为,则,当时,,对应第张照片,当时,,对应第张照片,当时,,对应第张照片.故选:D7.定义新运算“”如下:,已知函数 ,则满足的实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据新定义,得到的表达式,判断函数在定义域的单调性,可得结果.【详解】当时,;当时,;所以,易知,在单调递增,在单调递增,且当时,,当时,,则在上单调递增,所以得,解得.故选:C【点睛】本题考查对新定义的理解,以及分段函数的单调性,重点在于写出函数以及判断单调性,难点在于满足的不等式,属中档题.8.设O为坐标原点,抛物线与双曲线有共同的焦点F,过F与x轴垂直的直线交于A,B两点,与在第一象限内的交点为M,若 ,,则双曲线的离心率为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用向量的运算建立方程,转化为离心率e的方程求解.【详解】因为抛物线的焦点,由题可知,,即抛物线方程为,令代入抛物线方程,可得,代入双曲线方程,可得,可设,,,由有两边平方相减可得,,由有:,又即,由有:由,解得.故A,B,D错误.故选:C.二、多项选择题:本大题共4个小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.9.若,则()A.B.C.D. 【答案】ABD【解析】【分析】A.利用不等式的基本性质判断;B.利用重要不等式判断;C.利用基本不等式的条件判断;D.利用作差法判断.【详解】A.因为,所以,所以,则,故正确;B.,而,取不到等号,故正确;C.因为,所以,故错误;D.因为,所以,所以,故正确;故选:ABD10.等差数列的前项和为,已知,,则()A.B.的前项和中最小C.的最小值为-49D.的最大值为0【答案】BC【解析】【分析】由已知条件先计算出和,然后计算的值对A进行判断;求出的表达式,计算出最小值即可对B进行判断;求出的表达式,运用导数求出最小值判断C选项;求出的表达式对D进行判断.【详解】设数列的公差为d,则解得,,A错误;,当n=5时取得最小值,故B正确; ,设函数,则,当时,,当时,,所以,,且,,所以最小值为-49,C正确;,没有最大值,D错误.故选:BC11.连续抛掷一枚质地均匀的硬币3次,每次结果要么正面向上,要么反面向上,且两种结果等可能.记事件A表示“3次结果中有正面向上,也有反面向上”,事件B表示“3次结果中最多一次正面向上”,事件C表示“3次结果中没有正面向上”,则()A.事件B与事件C互斥B.C事件A与事件B独立D.记C的对立事件为,则【答案】BCD【解析】【分析】对A,根据事件B包含事件C判断即可;对B,根据概率的性质,用1减去全为正面和全为反面的情况概率即可;对C,根据相互独立事件的公式判断即可;对D,先求得,再利用条件概率公式求解即可【详解】选项A:显然B发生的情况中包含C,故可同时发生,错误;选项B:,正确; 选项C:,故A与B独立,正确;选项D:,,正确;故选:BCD.12.在《九章算术》中,将四个面都为直角三角形的四面体称之为鳖臑(biēnào).如图,三棱锥为一个鳖臑,其中平面,,,,为垂足,则()A.平面B.为三棱锥的外接球的直径C.三棱锥的外接球体积为D.三棱锥的外接球体积与三棱锥的外接球体积相等【答案】BC【解析】【分析】利用线面垂直的判定可判断A选项的正误;利用直角三角形的性质可判断B选项的正误;确定球心的位置,求出三棱锥的外接球的半径,利用球体的体积公式可判断C选项的正误;求出三棱锥的外接球半径,可判断D选项的正误.【详解】对于A选项,如下图,过点向引垂线,垂足为, 平面,平面,则,,,则平面,又、平面,所以,,,,,则平面,这与平面矛盾,A错;对于B选项,平面,平面,则,在三棱锥中,,则的中点到、、、的距离相等,所以为三棱锥的外接球的直径,故B正确;对于C选项,分别取、的中点、,连接,因为、分别为、的中点,则,平面,则平面,平面,平面,则,故的外心为线段的中点,因为平面,则平面平面,故三棱锥的外接球球心在直线上,即该球球心在平面内,所以的外接圆直径为三棱锥的外接球直径,,, ,,在中,,,在中,由余弦定理得,,故,则,所以三棱锥的外接球体积为,故C正确;因为,故为三棱锥的外接球的直径,且,而三棱锥的外接球直径为,故D错误.故选:BC.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.若单位向量,满足,则与的夹角为__________.【答案】【解析】【分析】先将两向量垂直转化为数量积为0,再利用向量夹角公式求解.【详解】已知,由,得,即,所以,又,所以与的夹角.故答案为:.【点睛】向量是解决垂直与平行问题的常用工具,几何中常用到以下结论转化向量的垂直与平行问题:;.14.已知直线(斜率大于)的倾斜角的正弦值为,在轴上的截距为,直线与抛物线交于两点.若,则___________. 【答案】4【解析】【分析】先求出直线的斜率,联立直线与抛物线C的方程,借助弦长公式即可得解.【详解】依题意,直线的倾斜角为45º,斜率k=1,直线的方程为:y=x+2,由得,设,则,从而有,即,而p>0,解得p=4.故答案为:4【点睛】结论点睛:直线l:y=kx+b上两点A(x1,y1),B(x2,y2)间的距离;直线l:x=my+t上两点A(x1,y1),B(x2,y2)间的距离.15.已知函数,且函数在区间上单调递减,则的最大值为___________.【答案】【解析】【分析】由结合的取值范围可求得的值,由可求得的取值范围,根据已知条件可得出关于的不等式组,解出的范围即可得解.【详解】因为,又,所以,所以,,当且时,,因为在区间上单调递减,则,即,即, 因为,则,则且,故,从而,因此,的最大值为.故答案为:.16.已知函数的图象与函数的图象关于某一条直线l对称,若P,Q分别为它们图象上的两个动点,则这两点之间距离的最小值为______.【答案】【解析】【分析】整体代换求解直线的解析式,利用导数的几何意义求解函数的图象上到直线距离最短的点,即为点,即可求解两点间的最短距离.【详解】解:令,则,,.因为与关于直线对称,所以函数与函数关于直线对称,所以P,Q两点之间距离的最小值等于P到直线距离最小值的2倍,函数在点处的切线斜率为,令得,,,所以点P到直线距离的最小值为,所以这两点之间距离的最小值为.故答案为:.四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 17.已知数列的前n项和是,且,数列的通项为.(1)求通项公式;(2)求数列的前n项和.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)利用的关系求的通项公式;(2)由(1)得,应用错位相减法可直接求解.【小问1详解】当时,;当时,,显然满足上式,∴;【小问2详解】由(1)知:,所以①,②,①-②得:,∴.18.已知△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,,. (1)若,求的值;(2)若,设D为CA延长线上一点,且,求线段AD的长.【答案】(1)1(2)【解析】【分析】(1)由正弦定理统一转化为边的关系化简即可;(2)根据正弦定理求出,再由可得,由求解.【小问1详解】由正弦定理∴,代⼊,整理得∴;【小问2详解】△ABC中,由正弦定理得∴∴或(舍)∴∵∴由得 ∴∴.19.如图,在直四棱柱中,各棱长都为3,,F为棱上一点,且.(1)求证:平面平面;(2)求直线BD与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)延长线段,CB交于点E,连接AE,证明平面即可;(2)以E为坐标原点,直线EC,EA分别为x轴,y轴建立空间直角坐标系,利用向量法求解即可.【小问1详解】如图,延长线段,CB交于点E,连接AE,则AE为平面与底面ABCD的交线. 由已知可得,,所以.易知底面ABCD是菱形.因为,所以,在中,由余弦定理,可得,所以,即.因为是直四棱柱,故平面ABCD,又平面ABCD,所以.因为,所以平面,又平面,所以平面平面.【小问2详解】如图,以E为坐标原点,直线EC,EA分别为x轴,y轴建立空间直角坐标系,则,,,,,所以,,.设平面的法向量为, 则,取,则.设直线BD与平面所成的角为,则,即直线BD与平面所成角的正弦值为.20.对飞机进行射击,按照受损伤影响的不同,飞机的机身可分为Ⅰ,Ⅱ,Ⅲ三个部分.要击落飞机,必须在Ⅰ部分命中一次,或在Ⅱ部分命中两次,或在Ⅲ部分命中三次.设炮弹击落飞机时,命中Ⅰ部分的概率是,命中Ⅱ部分的概率是,命中Ⅲ部分的概率是,射击进行到击落飞机为止.假设每次射击均击中飞机,且每次射击相互独立.(1)求恰好在第二次射击后击落飞机的概率;(2)求击落飞机的命中次数的分布列和数学期望.【答案】(1);(2)分布列见解析,.【解析】【分析】(1)把恰好在第二次射击后击落飞机的事件拆成两个互斥事件的和,再利用独立事件概率公式计算作答.(2)求出的可能值,并求出每个取值的概率,列出分布列并求出期望作答.【小问1详解】设恰好第二次射击后击落飞机为事件是第一次未击中Ⅰ部分,在第二次击中Ⅰ部分的事件与两次都击中Ⅱ部分的事件的和,它们互斥,所以.【小问2详解】依题意,的可能取值为1,2,3,4,的事件是射击一次击中Ⅰ部分的事件,,由(1)知,,的事件是前两次射击击中Ⅱ部分、Ⅲ部分各一次,第三次射击击中Ⅰ部分或Ⅱ部分的事件,与前两次射击击中Ⅲ部分, 第三次射击击中Ⅰ部分或Ⅲ部分的事件的和,它们互斥,,的事件是前三次射击击中Ⅱ部分一次,Ⅲ部分两次,第四次射击的事件,,所以的分布列为:1234的数学期望.【点睛】关键点睛:利用概率加法公式及乘法公式求概率,把要求概率的事件分拆成两两互斥事件的和,相互独立事件的积是解题的关键.21.已知函数.(1)当时,求函数的极小值;(2)若上,使得成立,求的取值范围.【答案】(1)2;(2).【解析】【详解】试题分析:(1)将参数值代入表达式,再进行求导,根据导函数的正负得到原函数的单调性,进而得到极值;(2),有解,即h(x)的最小值小于0即可,对函数求导,研究函数的单调性,得到最小值即可.解析:(1)当时,令0,得且在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增 所以在时取得极小值为.(2)由已知:,使得,即:设,则只需要函数在上的最小值小于零.又,令,得(舍去)或.①当,即时,在上单调递减,故在上的最小值为,由,可得.因为,所以.②当,即时,在上单调递增,故在上的最小值为,由,可得(满足).③当,即时,在上单调递减,在上单调递增,故在上的最小值为.因为,所以,所以,即,不满足题意,舍去.综上可得或,所以实数的取值范围为.点睛:导数问题经常会遇见恒成立的问题:(1)根据参变分离,转化为不含参数的函数的最值问题;(2)若就可讨论参数不同取值下的函数的单调性和极值以及最值,最终转化为,若恒成立; (3)若恒成立,可转化为(需在同一处取得最值)22.已知椭圆的右焦点与抛物线的焦点重合,且椭圆E截抛物线的准线得到的弦长为3.(1)求椭圆E的标准方程;(2)设两条不同的直线m与直线l交于E的右焦点F,且互相垂直,直线l交椭圆E于点A,B,直线m交椭圆E于点C,D,探究:A、B、C、D四个点是否可以在同一个圆上?若可以,请求出所有这样的直线m与直线l;否则请说明理由.【答案】(1)(2)可以在同一个圆上,和【解析】【分析】(1)由抛物线焦点坐标得,抛物线准线方程代入椭圆方程求得弦长,从而可求得,得椭圆方程;(2)由题意可知当斜率均存在且不为0时,可设直线l为,直线m为,其中,,,,,直线方程代入椭圆方程,应用韦达定理得,若A、B、C、D四个点可以在同一个圆上,则,用直线上的弦长公式表示后,代入(同理得的相减表达式),从而求得值,得直线方程.【小问1详解】抛物线的焦点坐标为,准线方程为,设,由已知得,,,,所以,即,,解得,,则椭圆E的标准方程为. 【小问2详解】因为两条不同的直线m与l直线均过椭圆的右焦点,且互相垂直,由题意可知当斜率均存在且不为0时,可设直线l为,直线m为,其中,,,,,将直线l的方程代入椭圆方程得,,所以,,若A、B、C、D四个点可以在同一个圆上,则,所以,所以,所以,,同理,所以,则,所以,此时存在这样的直线m与直线l,其方程为和.当直线l的斜率为0或斜率不存在时,A,B,C,D显然不在同一个圆上.综上,存在这样的直线m与直线l,其方程为和.
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高考 - 模拟考试
发布时间:2023-06-04 20:21:03
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文章作者:随遇而安
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