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浙江省杭州第二中学2023届高三数学下学期5月月考试题(Word版附解析)
浙江省杭州第二中学2023届高三数学下学期5月月考试题(Word版附解析)
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杭州二中2022学年第二学期高三年级5月月考数学试题卷一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.对于,,,则,,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据二项分布的概率公式可得,再根据指数函数与二次不等式的求法,结合交集与补集的计算求解即可.【详解】由题意,,解得,,故,即,则,满足,即,,解得或,故,故,.故选:B2.若复数z满足,则的最小值为()A.B.C.D.1【答案】C【解析】【分析】首先设复数,(不同时为0),根据条件化简求得的关系式,再根据复数模的几何 意义求最值.【详解】设,(不同时为0),,由题意可知,得或,当时,的轨迹是轴(除原点外),此时的几何意义表示复数表示的点和的距离,此时,当时,复数的轨迹是以原点为圆心,为半径的圆,如图,根据复数模的几何意义可知,的几何意义是圆上的点到的距离,如图可知,的最小值是点与的距离.故选:C3.已知单位向量和向量、满足,,则的最大值为()A.B.C.2D.【答案】B【解析】【分析】设,再分别设,,根据题意可得轨迹方程,再根据数量积公式数形结合分析即可.【详解】设,,由可得,化简可得,即.设,则由可得,故的 轨迹为以为焦点,的椭圆,其方程为.设夹角为,则,由圆与椭圆的性质可得,,,,故当同向,均往负半轴时,取得最大值.故选:B4.()AB.C.D.【答案】A【解析】【分析】首先构造二项式,再根据两边求导,再变形后求导,赋值后即可求解.【详解】,两边求导得,,两边乘以后得,,两边求导得,,取得.故选:A5.已知,x,,则的最小值为()A.-2B.C.-1D.【答案】A 【解析】【分析】将目标式化为,应用基本不等式及已知可得,注意等号成立条件,进而求目标式最小值.【详解】由,且,,所以,仅当,时等号成立,所以,故当时目标式取最小值为.故选:A6.,,,,则四者的大小关系为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】观察可得判断,,,在处的函数值大小,再分别构造函数分析即可.【详解】构造函数,,,.考查,,令可得,易得当时,单调递增,故,即,.故,即.考查,,则,故,为增函数,,即.故当时,有,,,,即,.构造函数,, 令,,当时,,单调递增,又,所以,又,所以,在成立,所以,即.再考查.令,则,故在定义域上单调递减,,故,令,,则,对求导有,故为增函数,故,故为增函数,,则,故当时,.又,故当时,故.故,,则,即综上有.故选:D7.数列满足,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】 【分析】由题意化简可得,根据,利用累加法可得;根据,利用累加法计算化简可得,进而得出,令计算即可.【详解】显然,对任意,.,化简可得,所以,则,累加可得,所以.又,所以,则,注意到,所以,则,所以.综上.当时,,,即.故选:C.8.对正实数a有在定义域内恒成立,则a的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】 【分析】利用导数研究单调性,得极小值,将问题转化为在上恒成立,再应用导数研究左侧的最小值,即可求解.【详解】由题设且,令,则,所以在上递增,显然趋向0时趋向,,故使,即,则,所以,在上,递减;在上,递增;故,要上恒成立,则,即恒成立,令且,则,故时,时,所以上递减,上递增,则,且当时,,综上,,可得.故选:C二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下列选项不正确的是()A.零向量垂直且平行于任意向量B.-1是奇数C.对于拟合函数,预测值为1.5,观测值为1,残差为0.5D.直线、圆、点均属圆锥曲线【答案】CD【解析】【分析】由零向量性质、奇数定义判断A、B;由残差定义判断C;由圆锥曲线定义判断D. 【详解】A:由零向量性质:方向任意,故其与任意向量都垂直且平行,对;B:由不能被2整除,故-1是奇数,对;C:残差是观测值与估计值的差,故残差为,错;D:直线、点不是圆锥曲线,错.故选:CD10.下列选项不正确的是()A.平面内三点可以确定一条圆锥曲线B.圆是特殊的椭圆C.互斥事件相互独立D.掷两次骰子,事件A:第一次向上面为偶数,事件B:二次向上面数字和为7,则A、B相互独立【答案】ABC【解析】【分析】对A,举反例判断即可;对B,根据椭圆的定义判断即可;对CD,根据独立事件的定义判断即可;【详解】对A,若三点共线则确定不了圆锥曲线,故A错误;对B,根据椭圆的定义可得,与两个定点的距离的和等于常数的点的轨迹叫做椭圆,圆不满足,故B错误;对C,设两互斥事件分别为,则,故不恒成立,故互斥事件不相互独立,故C错误;对D,,,又,故,故A、B相互独立,故D正确;故选:ABC11.在平行六面体中,,,,以下选项正确的是()A.平行六面体的体积为B.C.面D.二面角的余弦值为【答案】AD【解析】【分析】对A,连接,交于 ,进而根据勾股定理余弦定理结合几何性质可得各线段长,再根据线面垂直的判定可得平面,进而根据柱体体积公式求解即可;对B,以为坐标原点建立如图空间直角坐标系,再根据线线角的向量做法求解即可;对C,根据空间向量数量积判断即可;对D,作于,可得二面角即,再根据余弦定理求解即可.【详解】对A,连接,交于,则为,中点,又由,可得为正三角形,故.又,,故,故,故,又,故,.故,则,又,,平面,故平面.故平行六面体的体积为,故A正确;对B,以为坐标原点建立如图空间直角坐标系,则,故,,故,故,故B错误; 对C,,因为,,又面,故面不成立,故C错误;对D,由,故.作于,由全等性质可得,又,平面,则平面,则二面角的平面角为.又,,故,即二面角的余弦值为.故D正确;故选:AD.12.已知曲线:,:,,,与的两条公切线、交于点P,O为坐标原点,下列选项正确的是()A.时,与相切,与相切 B.当时,与、的交点个数之和至多为2C.D.当与一条公切线相切时,切点Q满足【答案】AB【解析】【详解】此题解析征解三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.多项式中,项的系数为______(用数字作答).【答案】【解析】【分析】根据组合数的方法求解即可.【详解】依题意,中,含项的为.故答案为:14.有三个男生的平均身高为170cm,方差为30;有七个女生的平均身高为160cm,方差为40,则这10人身高的方差为______.【答案】58【解析】【分析】根据男女生权重计算出10人的平均身高,该根据男女生权重和方差公式计算出新的方差.【详解】由题意知,男生的平均身高、权重和方差分别为,,;女生的平均身高、权重和方差分别为,,;则,.故答案为:58. 15.已知,关于的方程有且仅有一个解,则的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】由已知得出,设,则,再根据解的个数解的个数(且),分析讨论解的个数,即可得解.【详解】因为,,所以,且,则,即,设,则,即有且仅有一个解,因为解的个数解的个数(且),所以下面讨论解的个数;由,得其中,(1)当时,得,令,,则,即,因,所以为增函数,所以,令,,则,令得, 当,,即单调递减,当,,即单调递增,所以,(ⅰ)当,即时,方程无解,即函数与的图像没有交点;(ⅱ)当,即时,方程有一解,即函数与的图像有一个交点;(ⅲ)当,即时,当时,,当时,,所以方程有两解,即函数与的图像有两个交点;(2)当时,由①②消去,得③,由于,且,故,即,对③式两边取自然对数,得,即,两边取自然对数,得,令,,则,由得, 令,,则,由得,当时,;当时,;所以当时,;(ⅰ)当,即时,恒成立,所以,因为,,所以,即当且仅当,且时等号成立;所以在上为减函数,又因为当时,;时,,所以方程恰有一解,此时函数与的图像有一个交点;(ⅱ)当时,即时,因为当时;时,所以存在,,使得,所以,当变化时,的变化情况如下表: 负正负减增减由上表可知,在内是减函数,在内是增函数,在内是减函数,下面证明,;,令,则当时,,所以在内是增函数,所以,即;,,令,,易证为减函数,所以当,,即;因为,所以,又因为当时,,当时,, 所以在区间,,各有一个解,此时函数与的图像有三个交点;综上所述,函数与(且)图像的交点情况如下:当时,没有交点;当时,有1个交点;当时,有2个交点;当时,有1个交点;当时,有3个交点;所以或,即或,故答案为:.【点睛】关键点睛:本题关键在于:①将解的个数转化为解的个数(且);②分类讨论解的个数与之间的关系.16.已知椭圆:,其左、右焦点分别为、,直线过交于A、B两点,且有;双曲线:,与共焦点,其右支交于C、D,且,当最小时,m的值为______.【答案】【解析】【分析】直线与x轴不重合,设联立椭圆并应用韦达定理及求得,注意验证直线与x轴重合的情况,再由双曲线方程,结合椭圆、双曲线定义求m、n,进而确定 最小时对应m值.【详解】由题设且,令且,若直线与x轴不重合,设,联立椭圆得,所以,则,,又,而一定在x轴两侧,不妨设在x轴上方,在x轴下方,故,所以,则,所以,而直线与x轴重合时,也满足,综上,椭圆,由题意,,则,所以,由为双曲线,则,故,所以最小时,有.故答案为:四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.在中,.(1)求A;(2)若线段AC上有一点D,设,则在 上恰有两条对称轴(),求.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据正弦定理,结合余弦定理可得,再根据基本不等式与三角恒等变换可得即可;(2)由(1)可得,从而,再根据周期与的大小关系列不等式可得或,再分别讨论求解即可.【小问1详解】由正弦定理,,故,故,即,当且仅当,,即时取等号.又,故【小问2详解】由(1),即,.由题意,又在上恰有两条对称轴(),故的周期满足,即,故,又,故或.当时,,可看作往左平移个单位,因为,故不满足题意;当时,,可看作往左平移个单位,满足题意.故18.数列满足,,,,.(1)求的通项; (2)若,恒成立,求的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)根据递推公式找出数列规律,得到是等比数列,由此求出其通项公式,继而得到的通项;(2)将代入不等式中,可知不等式左边为正数,右边符号不确定,因此分类讨论n为偶数和奇数时的取值范围,取交集即可.【小问1详解】因为,,所以,又,其中,,由此可得,所以,,所以是以为首项,为公比的等比数列.所以,解得,其中,,检验:根据通项公式计算可得,,所以【小问2详解】由(1)可知, 当为奇数时,,当时,取最小值,即,解得或;当为偶数时,,当时,取最小值,即,解得或;综上:或,故的取值范围为.19.四面体中,,,,,E为AC中点.(1)证明:;(2)若二面角的余弦值为,求a的值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)过作面于,再过作,连接,求证是的角平分线,即在面上的投影为的角平分线,若为在面上的投影且在上,连接,由已知和线面垂直的性质有、,最后应用线面垂直的判定及性质证结论;(2)若为的交点,到面的距离为,利用等体积法求得,再由及余弦定理求△中上的高 ,根据二面角的定义和已知余弦值求参数a.【小问1详解】过作面于,再过作,连接,如下图示:由题设知:,又面,则,由面,即,而,,面,所以面,又面,故,同理可证:,综上,△和△为等腰直角三角形,即△△,故,所以△△,故,则△△,故,所以是的角平分线,即在面上的投影为的角平分线,如下图,若为在面上的投影且在上,则平分(即),连接,由面,则,在△中,,则,即,又E为AC中点,故,故,所以,易知:, 因为,面,故面,因为面,所以.【小问2详解】若为的交点,由题意,即△为正三角形,所以为中点,易知△△,即,且,令到面的距离为,而,,由,则,故;结合(1)知:,故,所以,即,故,,,则,综上,,由,且,所以,故,所以△中上的高,因为二面角的余弦值为,则正弦值为,即,所以,即,由得:.20.2022 年,我国部分地区零星出现新冠疫情,为了有效快速做好爆发地区的全员核酸检测,我国专家突破难关,使得多合一混采检测情况下依然有效,即:多人的咽拭子合入一个样管进行检测.如果该样管中检测出的结果是阴性,就表示与该管相关的人检测结果都是阴性.否则,立即对该混管的多个受检者进行暂时单独隔离,并重新采集单管拭子进行复核,以确定其中的阳性者.采用多合一混采检测模式,是为了确保在发生新冠肺炎疫情时,能够短时间内完成大规模全员核酸检测工作,降低新冠前炎疫情在本地扩散风险.已知每人患病的概率为p,检测一组样本使用混管检测时,采用k人一管的检测方式并在完成检测后统计混阳管中每管阳性样本数.(1)若,,证明:若检测结果为阳性,则很可能恰有一人为阳性;(2)若,,以下为一次检测的阳性人数与管数的对应表,检测出阳性人数为x的管数为.人数x123456管数23147321(i)求其中每管阳性人数的期望;(ii)若有,求的最小值;(iii)对于正态分布函数,求的值.【答案】(1)证明见解析(2)(i);(ii)76;(iii)【解析】【分析】(1)设混管中有阳性为A,恰有1人阳性为B,由条件概率公式得,结合二项式定理计算证明即可;(2)(i)由二项分布的期望公式求解;(ii)利用二次函数的性质求最小值;(iii)利用正态分布的性质求解.【小问1详解】设混管中有阳性为A,恰有1人阳性为B,则,,,, 若,则,从而,则,所以,若检测结果为阳性,很可能恰有一人为阳性.【小问2详解】(i)每管阳性人数,则;(ii),故当时,取最小值76;(iii)对于正态分布函数,则则.21.已知双曲线,其左、右焦点分别为、,上有一点P满足,.(1)求b;(2)过作直线l交于B、C,取BC中点D,连接OD交双曲线于E、H,当BD与EH的夹角为时,求的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】 【分析】(1)根据得,利用余弦定理得,即可求出;(2)设直线BC的方程为,与双曲线联立,设,结合韦达定理可得,,,进而得点坐标及,直线的方程与双曲线联立,设,可得,当BD与EH的夹角为时,由可得,及,从而,结合二次函数的性质求得,进而由求得答案.【小问1详解】由题意,,,,在中,由余弦定理得,,则,即,.【小问2详解】双曲线,, 设直线BC的方程为,由,得,即,由题意,,设,则,则,则,则,,直线的方程为,由,得,由题意,解得,设,则,当BD与EH的夹角为时,,则,得,可知,所以,,,,, 所以,即的取值范围是.22.已知,,.(1)若恒成立,证明:;(2)对于有,其根可设为,相同地,对于,其根可设为,令.(i)证明:在上单调递增;(ii)若,求n的取值范围.【答案】(1)证明见解析(2)(i)证明见解析;(ii).【解析】【分析】(1)由题意可得恒成立,所以,利用导数求出函数的最小值的近似值,即可证出;(2)(i)利用单调性的定义即可证出;(ii)设,,原不等式可等价于,再求出函数的范围,即可解出.【小问1详解】[方法一]:由恒成立可得,恒成立,即.设,则,再设,,所以函数在上递增,而 ,(后面补证),,即存在唯一的零点使,即.故当时,,单调递减,当时,,单调递增,因此,由函数,,易知函数在上单调递减,所以.下面证明设,则,所以函数在上递减,故当时,,即.[方法二]:由方法一可知,,所以,故存在唯一的零点使.设,,所以,即,所以当时,,设,则 故,即,原不等式得证.【小问2详解】(i)设,记,,由可得,即,所以,,设,,所以函数在上递增,在上递减,而且当时,,其大致图象如下:当时,直线与曲线只有一个交点,即有唯一的实根,且根在内.因为,所以,即,而函数在上递增,故,即在上单调递增.(ii)设,由题可知,,即,由(i)可知,,且,设,所以,即,解得:,即,原不等式等价于,即,所以,, 设,,,所以,即,即,所以n的取值范围为.【点睛】本题解题关键是等价转化,第一问将恒成立问题转化为最值问题,通过放缩解出,第二问第一小问,因为无法求出的表达式,所以通过定义证明,第二小问,利用比值代换,将原不等式转化为恒成立,进而通过导数求最值得出.
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高考 - 模拟考试
发布时间:2023-06-03 16:18:02
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文章作者:随遇而安
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