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浙江省宁波市2022-2023学年高三数学下学期4月二模试题(Word版附答案)

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宁波市2022学年第二学期高考模拟考试高三数学试卷说明:本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分。考试时间120分钟,本次考试不得使用计算器,请考生将所有题目都做在答题卡上。一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.若集合,则()A.B.C.D.2.设i为虚数单位,若复数z满足,则z的虚部为()A.B.C.1D.23.设随机变量服从正态分布,的分布密度曲线如图所示,若,则与分别为()A.B.C.D.4.己知非零向量满足,则()A.B.C.D.5.我国古代数学名著《数书九章》中有“天池盆测雨”题,在下雨时,用一个圆台形的天池盆接雨水,天池盆盆口直径为36寸,盆底直径为12寸,盆深18寸.若某次下雨盆中积水的深度恰好是盆深的一半,则平均降雨量是(注:平均降雨量等于盆中积水体积除以盆口面积)()A.寸B.2寸C.寸D.3寸6.已知函数的图象关于直线对称,且在上没有最小值,则的值为()A.2B.4C.6D.107.设椭圆的右焦点为,点在椭圆外,P,Q在 椭圆上,且P是线段AQ的中点.若直线PQ,PF的斜率之积为,则椭圆的离心率为()A.B.C.D.8.己知函数,则的零点个数为()A.2023B.2025C.2027D.2029二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。9.根据某地3月5日到3月15日的每天最高气温与最低气温数据(单位:)绘制如下折线图,那么下列叙述正确的是()A.5号到11号的最低气温与日期之间呈线性相关关系且为正相关B.9号的最高气温与最低气温的差值最大C.最高气温的众数为D.5号到15号的最低气温的极差比最高气温的极差大10.己知函数与及其导函数与的定义域均为,是偶函数,的图象关于点对称,则()A.B.C.D.11.已知平面于点O,A,B是平面上的两个动点,且,则()A.SA与SB所成的角可能为B.SA与OB所成的角可能为C.SO与平面SAB所成的角可能为D.平面SOB与平面SAB的夹角可能为12.三支不同的曲线交抛物线于点 ,F为抛物线的焦点,记的面积为,下列说法正确的是()A.为定值B.C.若,则D.若,则三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13.若函数在区间上的最大值与最小值的差为2,则__________.14.写出一个半径为1,且与圆和圆均外切的圆的方程__________.15.任取一个正整数,若是奇数,就将该数乘3再加上1;若是偶数,就将该数除以2.反复进行上述两种运算,经过有限次步骤后,必进入循环圈“1→4→2→1”.这就是数学史上著名的“冰雹猜想”(又称“角谷猜想”等).如取正整数,根据上述运算法则得出6→3→10→5→16→8→4→2→1,共需经过8个步骤变成1(简称为8步“雹程”).猜想的递推关系如下:已知数列满足(m为正整数),若,则m所有可能取值的集合为___________.16.正四面体ABCD的棱长为3,P在棱AB上,且满足,记四面体ABCD的内切球为球,四面体PBCD的外接球为球,则_________.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.(10分)在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且.(I)若,求;(Ⅱ)若的最大角为最小角的2倍,求a的值.18.(12分)盲盒,是指消费者不能提前得知具体产品款式的玩具盒子,具有随机属性.某品牌推出2款盲盒套餐,A款盲盒套餐包含4款不同单品,且必包含隐藏款X;B款盲盒套餐包含2款不同单品,有的可能性出现隐藏款X.为避免盲目购买与黄牛囤积,每人每天只能购买1件盲盒套餐.开售第二日,销售门店对80名购买了套餐的消费者进行了问卷调查,得到如下列联表:A款盲盒套餐B款盲盒套餐合计年龄低于30岁183048年龄不低于30岁221032合计404080(I)根据列联表,判断是否有的把握认为A,B款盲盒套餐的选择与年龄有关;(Ⅱ)甲、乙、丙三人每人购买1件B款盲盒套餐,记随机变量为其中隐藏款X的个数,求的分布列和数学期望;(Ⅲ)某消费者在开售首日与次日分别购买了A款盲盒套餐与B款盲盒套餐各1件,并将6件单品全部打乱放在一起,从中随机抽取1件打开后发现为隐藏款X,求该隐藏款来自于B款盲盒套餐的概率. 附:,其中,P()0.1000.0500.0250.0100.0012.7063.8415.0246.6350.82819.(12分)如图,在四棱锥中,平面平面ABCD,平面平面ABCD.(I)求证:平面ABCD;(Ⅱ)设,,,平面PBC与平面PCD的夹角的余弦值为,求BC的长.20.(12分)己知等比数列的前n项和满足.(I)求首项的值及的通项公式;(Ⅱ)设,求满足的最大正整数n的值.21.(12分)已知双曲线,点与双曲线上的点的距离的最小值为.(I)求双曲线E的方程;(Ⅱ)直线与圆相切,且交双曲线E的左、右支于A,B两点,交渐近线于点M,N.记,的面积分别为,当时,求直线l的方.22.(12分)已知函数.(I)讨论函数的单调性:(Ⅱ)若是方程的两不等实根,求证:(i);(ii). 参考答案一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1.B2.D3.C4.D5.C6.A7.B8.C二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分。9.AC10.ABC11.AC12.AD三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.214.或(填一个即可)15.16.四、解答题:本题共6小题,共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.(I)当时,,在中,由余弦定理,得,2分所以.4分(Ⅱ)由已知,最大角为角A,最小角为角C,即,由正弦定理得,即,6分又,所以,8分将,代入上式得,9分解得.10分18.(I)零假设为::A,B款盲盒套餐的选择与年龄之间无关联.根据列联表中的数据,经计算得,根据小概率值的独立性检验,推断不成立,即有的把握认为A,B款盲盒套餐的选择与年龄有关.4分(Ⅱ)的所有可能取值为0,1,2,3, ,所以的分布列为:0123P(或).8分(Ⅲ)设事件A:随机抽取1件打开后发现为隐藏款X,设事件:随机抽取的1件单品来自于A款盲盒套餐,设事件:随机抽取的1件单品来自于B款盲盒套餐,,故由条件概率公式可得.10分19.(I)如图,在平面ABCD中取一点E,并过点E作直线,因为平面平面ABCD,平面平面,平面ABCD,所以平面PAD,因为平面PAD,所以;同理,过点E作直线,因为平面平面ABCD,平面平面,平面ABCD,所以平面PAB,因为平面PAB,所以;因为,平面ABCD,所以平面ABCD.5分(Ⅱ)由(I)及,如图, 以A为原点,AD,AB,AP方向分别为x轴,y轴,z轴正向,建立空间直角坐标系,设,则,所以,7分设平面PBC的法向量为,由得,设平面PCD的法向量为,由得,10分由题知,即,解得,所以BC的长为.12分20.(I)解法1:当时,,则,即,因为数列是等比数列,所以公比为2,2分当时,,即,所以,且满足题意,4分所以的通项公式为.5分解法2:由题知,,即,由①代入②,得,解得或.(舍去), 所以的通项公式为.5分(Ⅱ)由(I)得,所以,所以,8分由得,即,令,则,所以在时单调递增,且,10分而,所以满足条件的最大正整数.12分21.(I)设是双曲线上的任意一点,则,2分所以当时,的最小值为,所以,得,所以双曲线E的方程为.4分(Ⅱ)由直线与圆相切得,由直线交双曲线的左、右支于A,B两点,设,得,可得6分(注:解得扣1分),点到AB的距离,故,8分设,联立方程组,, 点O到MN的距离,故,10分当时,,整理得,即(舍去),所以,所以直线方程为.12分22.(I),当时,在上单调递增;2分当时,由得,由得,所以在上单调递增,在上单调递减.4分(Ⅱ)因为是方程的两不等实根,即是方程的两不等实根,令,则,即是方程的两不等实根,令,则,所以在上递增,在上递减,,当时,,当时,且,所以,即,令.(i)要证,只需证,解法1:记,则,令,则, 所以在上递增,,所以,所以,所以,所以,即,所以得证.8分解法2:先证,令,只需证,只需证:,令,,所以在上单调递减,所以,得证.因为,所以,所以,即,所以,得证.8分解法3:由,设,所以,即,构造函数,所以在上单调递增,所以,得证.8分(ii)要证:,只需证:,只需证:,只需证:,只需证:,令得即①令得即②①+②得,即,所以命题得证.12分

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发布时间:2023-04-28 02:45:02 页数:10
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文章作者:随遇而安

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