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北京市东城区2022-2023学年高三数学下学期综合练习(一)试题(Word版附答案)

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北京市东城区2022-2023学年度第二学期高三综合练习(一)数学2023.3本试卷共5页,150分。考试时长120分钟。考生务必将答案答在答题卡上,在试卷上作答无效。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。第一部分(选择题共40分)一、选择题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项。(1)已知集合,且,则可以为(A)(B)(C)(D)(2)在复平面内,复数对应的点的坐标是,则(A)(B)(C)(D)(3)抛物线的准线方程为(A)(B)(C)(D)(4)已知,则的最小值为(A)(B)(C)(D)(5)在△中,,,,则(A)(B)(C)(D)(6)设是两条不同的直线,是两个不同的平面,且,,则“”是“”的 (A)充分而不必要条件(B)必要而不充分条件(C)充分必要条件(D)既不充分也不必要条件(7)过坐标原点作曲线的切线,则切线方程为(A)(B)(C)(D)(8)已知正方形的边长为2,为正方形内部(不含边界)的动点,且满足,则的取值范围是(A)(B)(C)(D)(9)已知,,,,成等比数列,且1和4为其中的两项,则的最小值为(A)(B)(C)(D)(10)恩格斯曾经把对数的发明、解析几何的创始和微积分的建立称为十七世纪数学的三大成就.其中对数的发明,曾被十八世纪法国大数学家拉普拉斯评价为“用缩短计算时间延长了天文学家的寿命”.已知正整数的70次方是一个83位数,由下面表格中部分对数的近似值(精确到0.001),可得的值为(A)(B)(C)(D)第二部分(非选择题共110分)二、填空题共5小题,每小题5分,共25分。 (11)函数的定义域是_______.(12)在的展开式中,的系数为,则实数=_______.(13)已知双曲线的一个焦点为,且与直线没有公共点,则双曲线的方程可以为_______.(14)已知数列各项均为正数,,为其前项和.若是公差为的等差数列,则_______,.(15)已知函数的部分图象如图1所示,分别为图象的最高点和最低点,过作轴的垂线,交轴于点,点为该部分图象与轴的交点.将绘有该图象的纸片沿轴折成直二面角,如图2所示,此时,则.给出下列四个结论:①;②图2中,;③图2中,过线段的中点且与垂直的平面与轴交于点;④图2中,是△及其内部的点构成的集合.设集合,则表示的区域的面积大于.其中所有正确结论的序号是.三、解答题共6小题,共85分。解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。(16)(本小题13分)已知函数 (Ⅰ)求的最小正周期;(Ⅱ)若是函数的一个零点,求的最小值. (17)(本小题13分)甲、乙两名同学积极参与体育锻炼,对同一体育项目,在一段时间内甲进行了6次测试,乙进行了7次测试.每次测试满分均为100分,达到85分及以上为优秀,两位同学的测试成绩如下表:次数学生第一次第二次第三次第四次第五次第六次第七次甲807882869593乙76818085899694(Ⅰ)从甲、乙两名同学共进行的13次测试中随机选取一次,求该次测试成绩超过90分的概率;(Ⅱ)从甲同学进行的6次测试中随机选取4次,设表示这4次测试成绩达到优秀的次数,求的分布列及数学期望;(Ⅲ)从乙同学进行的7次测试中随机选取3次,设表示这3次测试成绩达到优秀的次数,试判断数学期望与(Ⅱ)中的大小.(结论不要求证明)(18)(本小题15分)如图,在长方体中,,和交于点,为的中点.(Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)再从条件①、条件②这两个条件中选择一个作为已知,求(i)平面与平面的夹角的余弦值;(ii)点到平面的距离.条件①:;条件②:与平面所成角为.注:如果选择条件①和条件②分别解答,按第一个解答计分.(19)(本小题15分)已知函数.(Ⅰ)当时,求的单调递增区间;(Ⅱ)设直线为曲线的切线,当时,记直线的斜率的最小值为,求的最小值;(Ⅲ)当时,设,,求证:⫋. (20)(本小题14分)已知椭圆的一个顶点为,离心率.(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)过点作斜率为的直线与椭圆交于不同的两点,直线分别与轴交于点.设椭圆的左顶点为,求的值.(21)(本小题15分)已知数表中的项互不相同,且满足下列条件:①;②.则称这样的数表具有性质.(Ⅰ)若数表具有性质,且,写出所有满足条件的数表,并求出的值;(Ⅱ)对于具有性质的数表,当取最大值时,求证:存在正整数,使得;(Ⅲ)对于具有性质的数表,当n为偶数时,求的最大值.-北京市东城区2022—2023学年度第二学期高三综合练习(一)数学参考答案及评分标准2023.3一、选择题(共10小题,每小题4分,共40分)(1)B(2)A(3)D(4)B(5)C(6)B(7)A(8)D(9)B(10)C二、填空题(共5小题,每小题5分,共25分)(11)(12) (13)(答案不唯一)(14)(15)②③三、解答题(共6小题,共85分)(16)(共13分)解:(Ⅰ)因为===所以的最小正周期为………………6分(Ⅱ)由题设,,由是该函数零点可知,,即.故或,解得或.因为,所以的最小值为.………13分(17)(共13分)解:(Ⅰ)从甲、乙两名同学共进行的13次测试中随机选取一次,有13种等可能的情形,其中有4次成绩超过90分.则从甲、乙两名同学共进行的13次测试中随机选取一次,该次成绩超过90分的概率为.…3分(Ⅱ)随机变量的所有可能取值为1,2,3.; ;则随机变量的分布列为:123故随机变量的数学期望.………11分(Ⅲ).………13分(18)(共15分)解:(Ⅰ)连接,,.因为长方体中,∥且,所以四边形为平行四边形.所以为的中点,在△中,因为,分别为和的中点,所以.因为平面,平面,所以平面.………………6分(II)选条件①:.(ⅰ)连接.因为长方体中,所以. 在△中,因为为的中点,,所以.如图建立空间直角坐标系,因为长方体中,,则,,,,,,.所以,,.xyz设平面的法向量为,则即令,则,,可得.设平面的法向量为,则即令,则,,所以.设平面与平面的夹角为,则所以平面与平面的夹角的余弦值为.(ⅱ)因为,所以点到平面的距离为.………………15分选条件②:与平面所成角为. 连接.因为长方体中,平面,平面,所以.所以为直线与平面所成角,即.所以△为等腰直角三角形.因为长方体中,所以.所以.以下同选条件①.(19)(共15分)解:(Ⅰ)当时,,定义域为.,令,得,当时,,当时,,所以的单调递增区间为.………………5分(Ⅱ)令,则.当时,令,得.当时,,单调递减;当时,,单调递增; 所以当时,最小值为.当时,的最小值为1,所以的最小值为.………………11分(III)由(Ⅱ)知在上单调递减,在上单调递增,又,,所以,,,所以⫋.………………15分(20)(共14分)解:(Ⅰ)由题设,得解得.所以椭圆的方程为.………………5分(Ⅱ)直线的方程为.由得.由,得.设,则,.直线的方程为.令,得点的横坐标为.同理可得点的横坐标为. .因为点坐标为,则点为线段的中点,所以.………………14分(21)(共15分)解:(Ⅰ)满足条件的数表为,所以的值分别为5,5,6.…………5分(Ⅱ)若当取最大值时,存在,使得.由数表具有性质可得为奇数,不妨设此时数表为.①若存在,使得,交换和的位置,所得到的新数表也具有性质,调整后数表第一行和大于原数表第一行和,与题设矛盾,所以存在,使得.②若对任意的,都有,交换和的位置,所得到的新数表也具有性质,此时转化为①的情况.综上可知,存在正整数,使得.………………10分(Ⅲ)当n为偶数时,令,对任意具有性质数表,一方面,, 因此.①另一方面,,因此.②记.由①+②得.又,可得.构造数表可知数表具有性质,且.综上可知,当n为偶数时,的最大值为.………………15分

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发布时间:2023-04-27 19:10:04 页数:13
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文章作者:随遇而安

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