首页
登录
字典
词典
成语
近反义词
字帖打印
造句
组词
古诗
谜语
书法
文言文
歇后语
三字经
百家姓
单词
翻译
会员
投稿
首页
同步备课
小学
初中
高中
中职
试卷
小升初
中考
高考
职考
专题
文库资源
您的位置:
首页
>
试卷
>
高中
>
数学
>
江苏省淮安市淮阴中学2021-2022学年高二数学下学期期中试题(Word版附解析)
江苏省淮安市淮阴中学2021-2022学年高二数学下学期期中试题(Word版附解析)
资源预览
文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。
侵权申诉
举报
1
/18
2
/18
剩余16页未读,
查看更多内容需下载
充值会员,即可免费下载
文档下载
江苏省淮阴中学2021-2022学年度第二学期期中考试高二数学命题人:韩晓东审定人:卢连伟一、单项选题:本大题共8小题.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.请把答案填涂在答题卡相应的位置上.1.若随机变量的分布列如下表所示,则的值为()1230.2A.0.1B.0.2C.0.3D.0.4【答案】B【解析】【分析】由概率和为1可得值.【详解】由题意,解得.故选:B.2.某班有4名同学报名参加校运会的五个比赛项目,每人参加一项且各不相同,则不同的报名方法有()A.种B.种C.种D.种【答案】C【解析】【分析】利用排列,排列数的概念即得.【详解】由题可知不同的报名方法数为从5个不同元素中取出4个元素的排列数,所以不同的报名方法有种.故选:C.3.已知,,,若,则()A.B.C.11D.4【答案】B 【解析】【分析】根据空间向量共线的性质进行求解即可.【详解】,,因为,所以,解得,,故.故选:B4.已知直线与圆相交于、两点,若,则实数的值为()A.或B.或C.或D.或【答案】A【解析】【分析】分析可知为等腰直角三角形,利用几何关系求出圆心到直线的距离,再利用点到直线的距离公式可得出关于的等式,即可解得的值.【详解】圆的标准方程为,圆心为,半径为,因为且,故为等腰直角三角形,且,则圆心到直线的距离为,由点到直线的距离公式可为,解得或.故选:A.5.甲、乙两个箱子里各装有5个大小形状都相同的球,其中甲箱中有3个红球和2个白球,乙箱中有2个红球和3个白球.先从甲箱中随机取出一球放入乙箱中,再从乙箱中随机取出一球,则取出的球是红球的概率为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据全概率公式进行求解即可. 【详解】设事件表示从甲箱中随机取出一红球放入乙箱中,事件表示从甲箱中随机取出一白球放入乙箱中,设事件表示:从甲箱中随机取出一球放入乙箱中,再从乙箱中随机取出一球,则取出的球是红球,则有:,所以,故选:B6.在抗击新冠疫情期间,有3男3女共6位志愿者报名参加某社区“人员流调”、“社区值守”这两种岗位的志愿服务,其中3位志愿者参加“人员流调”,另外3位志愿者参加“社区值守”.若该社区“社区值守”岗位至少需要1位男性志愿者.则这6位志愿者不同的分配方式共有()A.19种B.20种C.30种D.60种【答案】A【解析】【分析】利用对立事件,用总的分配方式减去“社区值守”岗位全是女性的情况可得.【详解】6位志愿者3位志愿者参加“人员流调”,另外3位志愿者参加“社区值守”的分配方式共有种,“社区值守”岗位全是女性的分配方式共1种,故“社区值守”岗位至少需要1位男性志愿者的分配方式共有种.故选:A7.函数的导函数的图象如图所示,则下列说法正确的是()A.3是的极小值点B.是的极小值点C.在区间上单调递减D.曲线在处的切线斜率小于零 【答案】AD【解析】【分析】根据导函数的图象,结合极小值点的定义、导数的性质逐一判断即可.【详解】A:由导函数的图象可知:当时,单调递减,当时,单调递增,所以3是的极小值点,因此本选项说法正确;B:由导函数的图象可知:当时,单调递减,当时,单调递减,所以不是的极小值点,因此本选项说法不正确;C:由导函数的图象可知:当时,单调递减,当时,单调递增,所以本选项说法不正确;D::由导函数的图象可知:,所以本选项说法正确,故选:AD8.某人射击一次命中目标的概率为0.8,现在他连续射击6次,则命中3次且恰有两次连中的概率为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据次独立重复实验中恰好发生次的概率,可得这名射手射击3次的概率,再根据独立事件的乘法公式求解即可【详解】由题意可得,由于3次未命中形成4个空来插入命中的情况,则有种情况,因为射击一次命中目标的概率为0.8,所以他连续射击6次,则命中3次且恰有两次连中的概率为,故选:C二、多项选题:本题共4小题.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.请把答案填涂在答题卡相应的位置上.9.关于空间向量,下列说法正确的是() A.直线的方向向量为,平面的法向量为,则B.直线的方向向量为,直线的方向向量,则C.若对空间内任意一点,都有,则P,A,B,C四点共面D.平面,的法向量分别为,,则【答案】BCD【解析】【分析】A.由是否为零判断;B.由是否为零判断;C.由空间向量共面向量定理判断;D.由是否为零判断;【详解】A.因为直线的方向向量为,平面的法向量为,且,所以不平行,故错误;B.因为直线的方向向量为,直线的方向向量,且,所以,故正确;C.因为,即,即,所以,所以P,A,B,C四点共面,故正确;D.因为平面,的法向量分别为,,且,所以,故正确;故选:BCD10.已知椭圆,若P在椭圆上,、是椭圆的左、右焦点,则下列说法正确的有()A.若,则B.面积的最大值为 C.的最大值为D.满足是直角三角形的点有个【答案】ABC【解析】【分析】利用余弦定理可判断A选项;利用三角形的面积公式可判断B选项;利用椭圆的定义可判断C选项;利用平面向量的数量积可判断D选项.【详解】在椭圆中,,,,且,对于A选项,当时,则,由余弦定理可得,因为,所以,,A对;对于B选项,当点为椭圆的短轴顶点时,点到轴的距离最大,所以,面积的最大值为,B对;对于C选项,因为,即,所以,,C对;对于D选项,当或时,为直角三角形,此时满足条件的点有个,当为直角顶点时,设点,则,,,,所以,,,此时,满足条件的点有个,综上所述,满足是直角三角形的点有个,D错.故选:ABC.11.若,则下列说法正确的有()A.B. C.D.【答案】ABC【解析】【分析】令,可得,利用赋值法可判断AB,利用展开式的通项可判断C,通过取导数及赋值法可判断D.【详解】令,则,,令,可得,即,故A正确;令,可得,故B正确;由题可知,故C正确;由,可得,令,可得,故D错误.故选:ABC.12.已知函数,则下列说法正确的有()A.时,B.在定义域内单调递增时,C.时,有极值D.时,的图象存在两条相互垂直的切线【答案】ABD【解析】【分析】对函数求导得,A代入自变量求参数值即可;B由在上恒成立,求范围即可;C判断时的符号即可;D利用导数研究的单调性及值域,判断定义域内是否存在即可. 【详解】由题设,函数定义域为,且,A:,则,正确;B:在定义域上递增,即在上恒成立,只需,而在上的最大值为,故,正确;C:由B分析知:当时恒成立,此时无极值,错误;D:令,则,当时,递减;当时,递增;又,故,趋向于0或正无穷时都趋向于正无穷,所以上各有一个零点,故上,上,故必存在,即存在两条相互垂直的切线,正确.故选:ABD三、填空题:本大题共4小题.请把答案填写在答题卡相应位置上.13.已知点,平面a经过原点O,且垂直于向量,则点A到平面a的距离为______.【答案】【解析】【分析】利用点到平面的距离为,即可求得结论.【详解】由题意,,,,所以点到平面的距离为.故答案为:. 14.被除的余数是____________.【答案】【解析】【分析】由题知,再结合二项式定理求解即可.【详解】解:,所以被除的余数是故答案为:15.已知,抛物线:的焦点为,与抛物线在第一象限的交点为,且,则____________.【答案】2【解析】【分析】根据给定条件,求出点M的坐标,再结合抛物线定义列式计算作答.【详解】由解得或,于是得,抛物线:的焦点为,准线方程为:,因此,,解得,所以.故答案:216.对于三次函数,定义:设是函数的导数的导数,若方程有实数解,则称点为函数的“拐点”.有同学发现“任何一个三次函数都有‘拐点’;任何一个三次函数都有对称中心;且‘拐点’就是对称中心.”请你将这一发现视为条件,若函数, 则它的对称中心为______;并计算______.【答案】①②.【解析】【分析】求出,由可求得函数的“拐点”坐标,可得出,再利用倒序相加法可求得的值.【详解】因为,则,,由可得,且所以,函数的对称中心为,所以,对任意的,.因此,,因此,.故答案为:;.四、解答题:本大题共6小题.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.在一个袋子里有大小一样的5个小球,其中有3个红球和2个白球.(1)现无放回地依次从中摸出1个球,求第一次摸出红球且第二次摸出白球的概率;(2)现有放回地每次从中摸出1个球,连摸3次,设摸到红球的次数为X,求随机变量X的 概率分布及方差.【答案】(1)(2)分布列见解析;【解析】【分析】(1)记“第一次摸出红球”为事件A,“第二次摸出白球”为事件B,直接求出,,由概率乘法公式得;(2)先分析出,直接求出概率,写出分布列,套公式求出方差.【小问1详解】解:记“第一次摸出红球”为事件A,“第二次摸出白球”为事件B,则,,由概率乘法公式得即第一次摸出红球且第二次摸出白球的概率为.【小问2详解】由题意分析.所以,,,.分布列为:X.18.已知展开式的系数和为,求的展开式中,(1)常数项;(2)系数最大的项. 【答案】(1)(2)或【解析】【分析】(1)由条件可求,再由通项公式求常数项;(2)设第项系数最大,列不等式求,再由通项公式求解即可.【小问1详解】因为展开式的系数和为,所以故,设的展开式的第为,,令得,,所以常数项为.【小问2详解】设的展开式的第项系数最大,解得,所以系数最大项为第3或第4项,所以系数最大的项为或19.某中学经过选拔的三名学生甲、乙、丙参加某大学自主招生考核测试,在本次考核中只有不优秀和优秀两个等次,若考核为不优秀,则授予0分加分资格;若考核优秀,授予20分加分资格.假设甲、乙、丙考核为优秀的概率分别为、、,他们考核所得的等次相互独立.(1)求在这次考核中,甲、乙、丙三名同学考核都为优秀的概率;(2)记在这次考核中甲、乙、丙三名同学所得加分之和为随机变量X,求随机变量X的分布列和数学期望.【答案】(1);(2)分布列见解析;期望为. 【解析】【分析】(1)利用独立事件概率公式即得;(2)由题可知的所有可能取值为0,20,40,60.计算相应的概率可得分布列,再利用期望公式即得.【小问1详解】记“甲考核为优秀”为事件,“乙考核为优秀”为事件,“丙考核为优秀”为事件,“甲、乙、丙考核都为优秀”为事件.则事件是相互独立事件,于是.【小问2详解】随机变量的所有可能取值为0,20,40,60.,,,.所以随机变量X的分布列为X∴.20.如图,四棱锥的底面是平行四边形,,,,,平面.(1)求证:;(2)求二面角的正弦值. 【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】【分析】(1)利用余弦定理证得,再结合线面垂直的性质和判定推理作答.(2)以点D为原点建立空间直角坐标系,利用空间向量求出二面角的余弦计算作答.【小问1详解】在中,,,由余弦定理得:,则,即,有,因平面,平面,则,而,平面,于是得平面,又平面,所以.【小问2详解】因平面,平面,则,由(1)知,射线两两垂直,以为原点建立如图所示的空间直角坐标系,则,,设为平面一个法向量,则,令,得 ,设是平面的一个法向量,则,令,得,设二面角的大小为,则,所以二面角的正弦值为.21.已知双曲线C的方程为,离心率为,右顶点为(2,0)(1)求双曲线的标准方程;(2)过的直线与双曲线C的一支交于两点,求的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)依题意可得即可求出、,从而求出双曲线方程;(2)设直线的方程为,设、,联立直线与双曲线方程,消元,依题意可得,即可求出的取值范围,再根据向量数量积的坐标表示得到,即可求出的范围;【小问1详解】 解:根据题意,由离心率,又,所以,又右顶点为,即,故双曲线的标准方程为.【小问2详解】解:设直线的方程为,设、,则由,消去整理得到,∵直线与双曲线一支交于、两点,,解得.因此,∵,故,故.22.已知(1)当时,求在处的切线方程;(2)当时,恒成立,求的取值范围;(3)求证:,其中,.【答案】(1)(2)(3)证明见解析【解析】【分析】(1)利用导数的几何意义求解即可. (2)分别讨论和时的情况求解即可.(3)根据(2)得到,从而得到,再利用放缩法求解即可.【小问1详解】当时,,,切点为.所以,,切线方程为.即.【小问2详解】,,,则在区间单调递增,又,所以当时,,在上单调递增,所以,即,在上单调递增,,所以,符合题意.当时,令,解得,当时,,在上单调递减,,在上单调递减,所以时,,不符合题意,所以a的取值范围是.【小问3详解】由(2)可知时,当时,,即,所以当时,有,, 所以.
版权提示
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)
其他相关资源
江苏省淮安市高中校协作体2021-2022学年高二语文下学期期中试题(Word版附解析)
江苏省淮安市淮安区2021-2022学年高二语文下学期期中试题(Word版附解析)
江苏省淮安市盱眙县马坝高级中学2021-2022学年高二语文下学期期中试题(Word版附解析)
江苏省南师附中、淮阴中学、天一中学、海门中学2021-2022学年高二数学下学期期末联考试题(Word版附解析)
江苏省淮安市2021-2022学年高二数学下学期期末试题(Word版附解析)
文档下载
收藏
所属:
高中 - 数学
发布时间:2023-04-18 16:27:03
页数:18
价格:¥2
大小:830.65 KB
文章作者:随遇而安
分享到:
|
报错
推荐好文
MORE
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
3页
doc
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
6页
doc
统编版四年级语文上册计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
5页
doc
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
时间:2021-08-30
5页
doc
三年级上册道德与法治教学计划及教案
时间:2021-08-18
39页
doc
部编版六年级道德与法治教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编五年级道德与法治上册教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
高一上学期语文教师工作计划
时间:2021-08-14
5页
docx
小学一年级语文教师工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
八年级数学教师个人工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
推荐特供
MORE
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
3页
doc
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
6页
doc
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
统编版四年级语文上册计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版四年级语文上册计划及进度表
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
5页
doc
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
时间:2021-08-30
5页
doc
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
三年级上册道德与法治教学计划及教案
时间:2021-08-18
39页
doc
三年级上册道德与法治教学计划及教案
部编版六年级道德与法治教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编版六年级道德与法治教学计划
部编五年级道德与法治上册教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编五年级道德与法治上册教学计划
高一上学期语文教师工作计划
时间:2021-08-14
5页
docx
高一上学期语文教师工作计划
小学一年级语文教师工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
小学一年级语文教师工作计划
八年级数学教师个人工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
八年级数学教师个人工作计划