湖南省邵阳市2022-2023学年高一物理下学期第一次联考试题（Word版附解析）

2023年邵阳市高一联考试题卷物理本试卷共6页，16个小题。满分100分。考试用时75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名，考生号填写在答题卡上。将条形码横贴在答题卡上“条形码粘贴处”。2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动。先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.保持答题卡的整洁。考试结束后，只交答题卡，试题卷自行保存。一、选择题（本题共11小题，共48分；1-7为单选题，每小题4分；8-11为多选题，每小题5分，全部选对得5分，选对但不全得3分，不选或错选得0分。）1.2019年4月13日开通了邵阳始发至北京的高铁车次为G84次，线路总长约1804千米。每天7：40从邵阳出发，到达北京西站时间为当天14：41。下列关于G84次列车说法正确的是（　　）A.“1804千米”是指位移B.“7：40”是指时间间隔C.动车组从邵阳到北京的平均速率约为257千米/时D.计算动车组通过某一隧道的时间时，可将它看成质点【答案】C【解析】【详解】A．位移是由初位置到末位置的有向线段，其大小与路径无关，方向由起点指向终点，是矢量，线路总长约“1804千米”是指轨迹的长度，指的是路程，故A选项错误；B．“7：40”是指某一瞬间，是时刻，故B选项错误；C．平均速率是指物体运动的路程和通过这段路程所用时间的比，动车组从邵阳到北京的平均速率约为故动车组从邵阳到北京的平均速率约为257千米/时，C选项正确；D ．物体是否能看成质点条件是物体的大小在所研究的问题中是否可以忽略不计，计算动车组通过某一隧道的时间时，由于动车组和隧道的大小差别不大，动车组的长度对于通过隧道长度不可忽略，故不可以视为质点，故D选项错误。故选C。2.足球运动被称为“世界第一运动”，2022年卡塔尔世界杯得到全球球迷的关注。小小足球蕴含着无穷魅力，下列关于足球的物理知识说法正确的是（　　）A.踢出去的足球仍能继续飞行，是因为足球受到惯性力的缘故B.踢出去的足球速度在不断变化，其惯性不变C.宇宙飞船中的足球处于完全失重状态，所以没有惯性D.足球的惯性只有在足球速度改变时才表现出来【答案】B【解析】【详解】A．踢出去的足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，所以不能说受到惯性力作用，故A错误；BCD．任何物体在任何情况下都有惯性，惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。与物体的运动状态，是否受力、运动速度大小都无关，质量不变，惯性不变，故B正确，CD错误。故选B。3.将一物体以10m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，。若以抛出点为坐标原点，竖直向上为正方向，则它在抛出之后前2s内的位移和2s末的瞬时速度分别是（　　）A.0m；B.10m；C.0m；10m/sD.10m；10m/s【答案】A【解析】【详解】物体做竖直上抛运动，根据速度位移关系公式，有解得上升最大的高度为上升的时间为下降的时间为 下降的距离为所以前2s内的位移为2s末的瞬时速度大小为竖直向上为正方向，2s末的速度方向竖直向下，所以2s末的瞬时速度为-10m/s，故选A。4.将三个完全相同且表面光滑的空油桶按下图A、B、C、D四种方式存放在不同的箱子中，其中四个箱子的底边依次越来越长，则油桶M对K的支持力最大的是（　　）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】ABCD．光滑空油桶K受力如图所示可知把油桶K的重力G沿FM、FN的反方向进行分解，由图可知因此有 D图中θ角最大，最小，可见最大。故选D。5.剪纸艺术是我国古老的民间艺术之一，在“非遗进校园”活动中，老艺人在教室里进行剪纸教学时，用一块磁铁将剪纸作品吸在竖直的磁性黑板上，下列关于各物体的受力情况正确的是（　　）A.磁铁对剪纸没有摩擦力作用B.磁铁对剪纸的摩擦力方向竖直向上C.磁铁对剪纸的压力是由于剪纸发生形变引起的D.磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小不相等【答案】D【解析】【详解】AB．磁铁相对剪纸有向下的运动趋势，所以剪纸对磁铁的摩擦力向上，磁铁对剪纸有竖直向下的静摩擦力作用。故AB错误；C．根据弹力的产生条件可知，磁铁对剪纸的压力是由于磁铁发生形变引起的。故C错误；D．剪纸对磁铁的摩擦力向上，则磁铁对剪纸的摩擦力向下，黑板对剪纸的摩擦力向上，则黑板对剪纸的摩擦力大小等于磁铁对剪纸的摩擦力加上剪纸的重力，即磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小不相等，故D正确。故选D。6.如下图所示，质量为1.5kg的物体A静止在竖直固定的轻弹簧上，质量为0.5kg的物体B由细线悬挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压。现突然将细线剪断，则剪断细线瞬间（　　）（g取） A.A对B的支持力为0B.A与B的瞬间加速度均为C.弹簧的弹力为20ND.A的加速度为0【答案】B【解析】【详解】A．剪断细线瞬间A对B的支持力为N=mBg=5N故A错误；C．剪断前，弹簧弹力F弹=mAg=15N剪断细线瞬间弹簧来不及形变，弹簧弹力不变，故C错误；BD．根据牛顿第二定律mAg+mBg-F弹=(mA+mB)a解得a=故B正确，D错误。故选B。7.下图为A、B两质点在同一直线上运动的位移—时间图像。A质点的图像为直线，B质点的图像为过原点的抛物线，两图像交点C、D的坐标如图。下列说法不正确的是（　　） A.A、B相遇两次B.时间段内B的平均速度与A的平均速度相等C.A、B速度相等的时刻一定在时间段内的中间时刻D.A在B前面且离B最远时，B的位置坐标为【答案】D【解析】【详解】A．位移—时间图像中图线的交点表示同一时刻到达同一位置而相遇，由图可知A、B分别在t1和t2两个时刻相遇，故A正确；B．0~t2时间段内，两质点通过的位移相等，则B质点的平均速度与A质点的平均速度相等，故B正确；C．位移—时间图像斜率表示速度，B图线的切线斜率不断增大，而且B图线是抛物线，有可知B做匀加速直线运动，因为t1~t2时间段内，B质点的平均速度与A质点匀速运动的速度相等，而匀变速直线运动的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，所以两物体速度相等的时刻一定在t1~t2时间段内的中间时刻，故C正确；D．当AB速度相等时，相距最远，该时刻在t1~t2时间段内的中间时刻，由于B做匀加速直线运动，所以此时B的位移小于，故D错误。本题选不正确的，故选D。8.如下图所示，电梯的顶部挂一个弹簧测力计。下端挂了一个重物，电梯静止时，弹簧测为计的示数为20N，在电梯运行过程中的某时刻。电梯里的小明观察到弹簧测力计示数变为12N，以下说法正确的是（　　）（g取） A.此时电梯可能向上加速运动。加速度大小为B.此时电梯可能向下加速运动，加速度大小为C.此时小明对电梯压力的大小等于电梯对小明支持力的大小D.此时小明所受到的重力变小了【答案】BC【解析】【详解】AB．由题可知若弹簧测力计示数变为12N，重物处于失重状态，根据牛顿第二定律解得可知，电梯可能以4m/s2向下做加速或以4m/s2向上做减速运动，A错误，B正确；C．根据牛顿第三定律可知，无论运动状态如何，小明对电梯压力大小始终等于电梯对小明支持力的大小，C正确；D．虽然小明处于失重状态，但所受到的重力并没有变小，D错误。故选BC。9.若一个处于平衡状态的物体只受到三个共点力的作用，则这三个力可能是（  ）A.20N；12N；2NB.2022N；2022N；2022NC.20N；21N；22ND.1N；7N；9N【答案】BC【解析】【详解】A．20N、12N两个力合力大小范围为8N≤F≤32N 2N不在此范围内，物体在这三个力的作用下不能平衡，故A错误；B．2022N、2022N两个力合力大小范围为0≤F≤4044N2022N在此范围内，物体在这三个力的作用下能平衡，故B正确；C．20N、21N两个力合力大小范围为1N≤F≤41N22N在此范围内，物体在这三个力的作用下能平衡，故C正确；D．1N、7N两个力合力大小范围为6N≤F≤8N9N不在此范围内，物体在这三个力的作用下不能平衡，故D错误。故选BC。10.如下图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态。如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（　　）A.绳的右端上移到，绳子拉力大小不变B.绳的两端高度差越大，绳子拉力越大C.将杆N向左移一些，绳子拉力变小D.若只换挂质量更小的衣服，则衣服架悬挂点不变【答案】ACD【解析】【详解】AB．如图所示，两个绳子是对称的，与竖直方向夹角是相等的，假设绳子的长度为x，则xcosθ=L绳子一端在上下移动的时候，绳子的长度不变，两杆之间的距离不变，则θ角度不变；两个绳子的合力向上，大小等于衣服的重力，由于夹角不变，所以绳子的拉力不变，故A正确，B错误；C．当杆向左移动后，根据xcosθ=L 即L变小，绳长不变，所以θ角度增大，绳子与竖直方向的夹角变小，绳子的拉力变小，故C正确；D．绳长和两杆距离不变的情况下，θ不变，所以挂的衣服质量变化，不会影响悬挂点的移动，故D正确。故选ACD。11.甲、乙两车在同一车道上同向匀速行驶，时刻，在前面以速度为10m/s行驶的甲车突然做加速度大小为的匀减速直线运动，在后面以20m/s速度行驶的乙车司机看到甲车减速立马踩下刹车（司机反应时间忽路不计）做匀减速直线运动，则（　　）A.若两车不相撞，甲车在前6s内的位移大小为25mB.若两车刹车前相距12m，乙车以加速度刹车，可能在时撞上甲车C.若两车刹车前相距25m，则乙车的加速度至少才能避免两车相撞D.若两车刹车前相距37.5m，则乙车的加速度至少才能避免两车相撞【答案】AC【解析】【详解】A．若两车不相撞，甲车停止运动的时间为则在前6s内的位移大小等于5s的位移，大小为选项A正确；B．若两车刹车前相距12m，乙车以加速度刹车，则两车共速时解得t=2.5s v=5m/s则此时甲的位移乙的位移因可知此时乙车没撞上甲车，以后乙车的速度小于甲车，则t=3s时两车不可能相碰，选项B错误；C．若两车刹车前相距25m，则两车恰能相撞时，则解得乙车的加速度选项C正确；D．若两车刹车前相距37.5m，甲车停止运动时位移为25m，若使两车不相碰，则乙的加速度选项D错误；故选AC。二、实验题（12题6分，13题8分，共14分）12.某同学用一只弹簧测力计和一个量角器等器材做“验证力的平行四边形定则”的实验，设计的装置如下图所示。固定在竖直木板上的量角器直边水平，橡皮筋一端固定在量角器圆心O正上方的A点，另一端系着绳套1和绳套2。 实验步骤如下：（1）将弹簧测力计挂在绳套1上，竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋结点到达O点，记下弹簧测力计的示数F；（2）将弹簧测力计挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O点，此时绳套1沿0°方向，绳套2沿150°方向，弹簧测力计的示数为；（3）根据力的平行四边形定则计算（2）中绳套1的拉力大小________F；（4）比较与________（填“F”或“”）的大小，即可验证力的平行四边形定则。【答案】①.②.【解析】【详解】（3）[1]根据力的平行四边形定则计算（2）中绳套1的拉力大小（4）[2]若三力之间满足平行四边形定则，则则比较与的大小，即可验证力的平行四边形定则13.用如下图所示的装置探究加速度，力和质量的关系，带滑轮的长木板水平放置，力传感器固定在墙上，小车上固定一定滑轮，细绳通过滑轮连接力传感器和沙桶。（1）实验时，下列操作必要且正确的是________（单选）A．用天平测出沙和沙桶的质量 B．沙和沙桶的总质量要远小于小车的质量C．每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力D．应当先释放小车，再接通电源（2）利用打点频率为50Hz的打点计时器，得到的一条纸带如下图所示（图中每两个计数点间还有四个点未画出）。则在该次实验中打点计时器打计数点D时小车运动的速度大小为________m/s，小车运动的加速度大小为________（结果均保留两位有效数字）。（3）某同学做实验时，未把木板的一侧垫高，就继续进行其他实验步骤，该同学作出的小车加速度a与力传感器示数F的图像如下图所示，图中，，，则实验中小车的质量为________kg。【答案】①.C②.0.56③.0.79##0.80##0.81④.2.0【解析】【详解】（1）[1]A．由于有力传感器测量拉力，所以不必测量砂和桶质量，A错误；B．由于拉力能测出，不必满足小车质量远大于砂和桶的质量，B错误；C．平衡摩擦力的原理是所以小车质量改变后不需要重新平衡摩擦力，C正确；D．为了有效利用纸带，须先接通电源再释放小车，D错误。故选C。（2）[2]相邻两个计数点之间的时间间隔 计数点D时小车运动的速度[3]小车运动的加速度（3）[4][5]设小车质量M，根据牛顿第二定律变形后得到结合图像当时，可得斜率小车的质量三、计算题（共38分，要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分。）14.一辆汽车在平直公路上匀速行驶，司机突然发现前方有障碍物，经0.8s反应时间后采取制动措施，使汽车开始做匀减速直线运动直至速度为0，此时汽车与障碍物的距离为1.5m。已知汽车做匀减速直线运动的第1s内前进了12.5m，加速度大小。求：（1）汽车最开始做匀速直线运动的速度大小；（2）司机发现障碍物时，离障碍物的距离。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）设初速度方向为正方向，则 汽车做匀减速直线运动的第1s内前进了12.5m，由位移公式代入数据得，汽车最开始做匀速直线运动的速度大小（2）由可得减速运动位移司机发现障碍物时，反应时间为则离障碍物的距离15.如图所示，质量为M的物块被质量为m的夹子夹住刚好能不下滑，夹子由长度相等的轻绳悬挂在A、B两轻环上，轻环套在水平直杆上，整个装置处于静止状态．已知物块与夹子间的动摩擦因数为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.求：(1)直杆对A环支持力的大小；(2)夹子右侧部分对物块的压力的大小．【答案】（1）（2）【解析】【详解】(1)由题意得，直杆对A、B环的支持力FN大小相等，方向竖直向上，选取物块和夹子整体为研究对象，由受力平衡的条件可得：2FN=(M+m)g解得：FN= (2)由于物块恰好能不下滑，故物块受到两侧夹子的摩擦力为最大静摩擦力fm，fm等于滑动摩擦力，设此时夹子一侧对物块的压力为F，以物块为研究对象，由平衡条件可得：2fm=Mgfm=μF联立解得：F=16.如图所示，传送带与地面的夹角，传送带的底、顶端之间的距离为7.92m，传送带以的恒定速度顺时针转动，一个货物从传送带底端以的速度冲上传送带，已知货物与传送带间的动摩擦因数为。重力加速度g取。，。求：（1）货物刚冲上传送带时的加速度；（2）货物从底端运送到顶端所需的时间；（3）若货物与传送带之间的动摩擦因数变为0.5，货物离开传送带时的速度大小。（结果可以用根号）【答案】（1），方向与初速度方向相反；（2）；（3）【解析】【详解】（1）货物刚冲上传送带时，根据牛顿第二定律解得方向与初速度方向相反。（2）货物在传送带上先减速，则减速运动的时间由 得货物减速运动的距离由于所以共速后一起匀速运动，随传送带匀速向上运动的时间货物从底端运送到顶端所需的时间（3）若货物与传送带之间的动摩擦因数为0.5，货物冲上传送带时由牛顿第二定律得当货物与传送带速度相同时，货物向上运动距离由于此后货物继续向上做匀减速运动，由牛顿第二定律得假设货物未到传送带最上端时速度已减为零，减速的时间则速度减为0时，总位移货物还没到最高点速度就变为0，此后会以 加速下滑x=由得离开时速度