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山东省潍坊市2023届高三数学上学期1月期末考试试题(Word版附答案)

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试卷类型:A高三数学2023.1本试卷共4页.满分150分.考试时间120分钟。注意事项:1.答题前,考生务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的准考证号、姓名.2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束,考生必须将试题卷和答题卡一并交回.一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设全集,集合,,则集合()A.B.C.D.2.若复数满足,则()A.B.C.D.3.已知函数则()A.B.C.D.4.若一组样本数据,,…,的平均数为10,另一组样本数据,,…,的方差为8,则两组样本数据合并为一组样本数据后的平均数和方差分别为()A.17,54B.17,48C.15,54D.15,485.宋代制酒业很发达,为了存储方便,酒缸是要一层一层堆起来的,形成堆垛,用简便的方法算出堆垛中酒缸的总数,古代称之为堆垛术.有这么一道关于“堆垛”求和的问题:将半径相等的圆球堆成一个三角垛,底层是每边为个圆球的三角形,向上逐层每边减少一个圆球,顶层为一个圆球,我们发现,当,2,3,4时,圆球总个数分别为1,4,10,20,则时,圆球总个数为() A.30B.35C.40D.456.已知正三棱锥的侧棱长为,点,分别在线段,(不包括端点)上,且,,若点为三棱锥的外接球的球面上任意一点,则点到平面距离的最大值为()A.B.C.2D.7.已知为坐标原点,,是抛物线上的动点,且,过点作,垂足为,下列各点中到点的距离为定值的是()A.B.C.D.8.已知定义在上的函数满足,对,,有,则()A.B.C.D.二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,在每个小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.关于下列命题中,说法正确的是()A.已知,若,,则B.数据91,72,75,85,64,92,76,78,86,79的45%分位数为78C.已知,若,则D.某校三个年级,高一有400人,高二有360人.现用分层抽样的方法从全校抽取57人,已知从高一抽取了20人,则应从高三抽取19人.10.在棱长为1的正方体中,点为线段(包括端点)上一动点,则() A.异面直线与所成的角为60°B.三棱锥的体积为定值C.不存在点,使得平面D.的最小值为11.已知函数,其中为实数,则()A.的图象关于对称B.若在区间上单调递增,则C.若,则的极大值为1D.若,则的最小值为12.若数列满足,则称数列为“差半递增”数列,则()A.正项递增数列均为“差半递增”数列B.若数列的通项公式为,则数列为“差半递增”数列C.若数列为公差大于0的等差数列,则数列为“差半递增”数列D.若数列为“差半递增”数列,其前项和为,且满足,则实数的取值范围为三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.如图所示,,,,是正弦函数图象上四个点,且在,两点函数值最大,在,两点函数值最小,则______.14.已知函数,且对任意恒成立,若角的终边经过点,则______. 15.写出一个同时满足下列三个性质的函数______.①是奇函数;②在单调递增;③有且仅有3个零点.16.设双曲线的右顶点为,过点且斜率为2的直线与的两条渐近线分别交于点,.若线段的中点为,,则的离心率______.四、解答题:本大题共6道小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)已知正项数列满足,.(1)证明:数列是等比数列,并求数列的通项公式;(2)设,数列的前项和为,求.18.(12分)在锐角三角形中,内角,,的对边分别为,,,已知.(1)求的最小值;(2)若,,求.19.(12分)一个不透明箱子中有除颜色外其它都相同的四个小球,其中两个红球两个白球的概率为,三个红球一个白球的概率为.(1)从箱子中随机抽取一个小球,求抽到红球的概率;(2)现从箱子中随机一次性抽取两个或三个小球,已知抽到两个小球的概率为,抽到三个小球的概率为,所抽到的小球中,每个红球记2分,每个白球记分,用表示抽到的小球分数之和,求的分布列及数学期望.20.(12分)已知三棱台中,底面,,, ,,分别是,的中点,是棱上的点.(1)求证:;(2)若是线段的中点,平面与的交点记为,求二面角的余弦值.21.(12分)已知椭圆的左,右焦点分别为,,焦距为,点在上.(1)是上一动点,求的取值范围;(2)过的右焦点,且斜率不为零的直线交于,两点,求的内切圆面积的最大值.22.(12分)已知函数.(1)若,求证;函数的图象与轴相切于原点;(2)若函数在区间,各恰有一个极值点,求实数的取值范围.高三数学参考答案及评分标准2023.1一、单项选择题(每小题5分,共40分)1.C2.D3.B4.A5.B6.C7.B8.A二、多项选择题(每小题5分,共20分)9.BCD10.AB11.ACD12.BCD三、填空题(每小题5分,共20分) 13.14.315.(答案不唯一)16.四、解答题:本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)解:(1)因为,……1分因为已知,所以,……2分所以,所以数列是首项为,公比为2的等比数列,……4分所以,即.……5分(2)结合(1)知,……7分所以当为偶数时,.当为奇数时,.所以数列的前项和……10分18.(12分)解:(1)由已知得,整理得,因为,所以,……2分又因为,所以,即,……4分,当且仅当时等号成立,故的最小值为.……6分(2)因为,从而,又因为,所以或,8分 当时,,由正弦定理得,……10分当时,,由正弦定理得.综上,或.……12分19.(12分)解:(1)记事件表示“抽取一个小球且为红球”,表示“箱子中小球为两红两白”,表示“箱子中小球为三红一白”,则.……4分(2)由题意得的取值可以为,0,1,3,4,6,,……5分,……6分,……7分,……8分,……9分.……10分随机变量的分布列为:01346……11分.……12分 20.(12分)(1)证明:取线段的中点,连接,,易得,所以,,,四点共面.因为,,所以,又因为底面,平面,所以,因为,所以平面,……2分因为,分别是,的中点,所以,所以平面,因为平面,所以……3分因为,,又因为,所以四边形是正方形,所以,……5分又因为,所以平面,因为平面,所以.……6分(2)解:延长与相交于点,连接,则与的交点即为.由,分别为和的中点知为线段的三等分点,且,……8分由(1)知,所以、、两两垂直,以点为原点,所在的直线为轴,所在的直线为轴,所在的直线为轴建立空间直角坐标系.,,,,设平面的法向量,则取,则……10分易得平面的一个法向量,……11分设二面角为,, 所以二面角的余弦值为.……12分21.(12分)(1)解:由题意知,所以.……1分将点代入,解得,所以椭圆的方程为:.……2分设点,则.……3分又因为,所以的取值范围是.……4分(2)解:依题意可设直线的方程为,,.联立得.……5分所以,,……6分所以,……8分又因为,……9分当且仅当时等号成立.所以.……10分 又因为三角形内切圆半径满足.……11分所以的内切圆面积的最大值为.……12分22.(12分)(1)证明:因为,,;……1分又,……2分所以,所以在点处的切线方程为,所以函数的图象与轴相切于坐标原点.……4分(2)解:,令,,令,,当时,,……5分故在上为减函数,因为,所以当,即时,,……6分所以为增函数,故,所以为减函数,故函数在无极值点;……7分当时,当,因为为减函数,,,故必存在,使得,当时,,为增函数,当时,,为减函数,而,故, 又因为所以必存在,,且当,,为减函数,当,,为增函数,故在区间上有一个极小值点,……9分因为,所以在上单调递增,又因为,,所以总存在使,且当时,,单调递减,时,,单调递增,当,,且,故必存在,使得,,,为减函数,,,为增函数,因为,所以当,,即,又因为故存在,使得,且当,,为减函数,当,,为增函数,故在区间有一个极小值点,……11分 所以若函数在区间,各恰有一个极值点,.……12分

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-03-05 06:15:01 页数:12
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文章作者:随遇而安

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