山东省青岛第二中学2022-2023学年高二物理上学期12月月考试题（Word版带答案）

青岛二中教学质量检测高二物理一、单项选择题；本题共8小题，共24分．1．2021年10月9日，江西上饶一名男子徒手接住意外坠楼的小孩，小孩平安。男子奋勇救人的行为受到了嘉奖。关于男子接住小孩的过程，下列说法正确的是（　　）A．小孩对男子的冲量大于男子对小孩的冲量B．男子对小孩的冲量大于小孩对男子的冲量C．接住小孩的时间越长，越安全D．接住小孩的时间越短，越安全2．如图是两个摆球质量相等的单摆做简谐振动的图象，依据图中数据分析可知甲﹑乙两摆的摆长之比L1：L2及两个摆球过平衡位置时速度V1与V2的关系是（   ）A．L1：L2=2：1，V1>V2B．L1：L2=2：1，V1<V2C．L1：L2=4：1，V1<V2D．L1：L2=4：1，V1>V23．电源是将其它形式的能转化成电能的装置，设电源的电动势为E、路端电压为U，I为电源的输出电流，对电源和电路的理解正确的是（　　）A．一定是外电路的总电阻B．电动势的大小等于在电源内部电场力把单位负电荷从正极送到负极所做的功C．电源的外电阻越大，输出功率越大，电源的效率越高D．若外电路为纯电阻电路，且外电阻为R时，有，因此闭合电路欧姆定律实质上是能量守恒定律在闭合电路中的具体体现4．在如图所示的电磁感应实验中，线圈B与检流计组成闭合电路，线圈A与电池、滑动变阻器、开关组成闭合电路，线圈A置于线圈B中。在实验中，下列说法正确的是（　　） A．在闭合开关的瞬间电流表指针将发生偏转，然后指针偏转角度维持不变B．在闭合开关的瞬间电流表指针将发生偏转，然后指针又回到零刻度C．闭合开关，滑动变阻器滑片P向右或向左移动，电路稳定后，电流表指针都将发生偏转D．在断开开关的瞬间，电流表指针不发生偏转5．假设将发射导弹看成如下模型：静止的实验导弹总质量M＝3300kg，当它以相对于地面的速度v0＝120m/s喷出质量为Δm＝300kg的高温气体后，导弹的速度为（喷出气体过程中重力和空气阻力可忽略）（　　）A．－10m/sB．12m/sC．10m/sD．－12m/s6．劈尖干涉是一种薄膜干涉，如图所示，将一块平板玻璃a放置在另一平板玻璃b上，在一端夹入两张纸片，当单色光从上方入射后，从上往下可以看到干涉条纹。则（　　）A．干涉条纹是由a、b上表面反射的光叠加产生的B．相邻的暗条纹对应位置下方的空气膜厚度差不同C．若抽去一张纸片，条纹变密D．若某亮条纹发生弯曲，该亮条纹对应位置的空气膜厚度仍相等7．如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表内阻的；R2的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（   ） A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02AC．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06AD．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A8．如图所示，两根长直导线M、N垂直穿过光滑绝缘水平面P，与水平面的交点分别为a和b，两导线内通有大小相同、方向相反的电流，c、d是该平面内ab连线中垂线上的两点，一带正电的小球在水平面上以某一初速度运动，则带电小球运动情况是（　　）A．由c向d将做匀速直线运动B．由d向c将做曲线运动C．由a向b将做匀速直线运动D．由b向a将做匀速圆周运动一、多项选择题；本题共4小题，共16分．9．如图所示为一个弹簧振子做受迫振动时振幅与驱动力频率之间的关系图象，由图可知（    ）A．振子振动频率为时，它处于共振状态B．驱动力频率为时，振子振动频率为C．若撤去驱动力让振子做自由振动，频率是D．振子做自由振动的频率可以为、、10．如图所示，A物体套在光滑竖直杆上，B物体放置在粗糙水平桌面上，用一不可伸 长轻绳连接。初始时轻绳经过定滑轮呈水平，A、B物体质量均为m。A物体从P点由静止释放，下落到Q点时，速度为v，PQ之间的高度差为h，连接A物体的轻绳与水平方向夹角为θ。在此过程中，则（　　）A．B物体做匀加速直线运动B．A物体到Q点时，B物体的速度为vsinθC．A物体到Q点时，B物体的动量为mvcosθD．B物体克服摩擦做的功为11．如图所示，在“测定玻璃砖折射率”的实验中，下列说法正确的是_________。A．用手拿起玻璃砖时，应拿“光学面”B．使用玻璃砖的BC、CD两个侧面，加以合理操作，也可测得折射率C．标记入射光线的大头针P1、P2之间的距离应适当大些D．在插针的过程中，大头针P3应挡住P1、P2E．在测量数据时，仅用毫米刻度尺也能获得计算折射率所需要的全部数据12．如图，一平行板电容器连接在直流电源上，电容器的极板水平；两微粒a、b所带电荷量大小相等、电性相反，用外力使它们分别静止于电容器的上、下极板附近，与极板距离相等。现同时释放a、b，它们由静止开始运动。在随后的某时刻t，a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面。a、b间的相互作用和重力可忽略，b板接地。下列说法正确的是（　　） A．a的质量大于b的质量B．在t时刻，a的动量大于b的动量C．在t时刻，a的动能大于b的动能D．在t时刻，a的电势能大于b的电势能三、非选择题：60分13．某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.0cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为99.9s。则（1）该摆摆长为_____cm，周期为________s；（2）由此求得重力加速度g=_______（保留两位有效数字）（3）如果他测得的g值偏小，可能的原因是______A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．开始计时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次（4）利用单摆测重力加速度的实验中，如果偏角小于，但测出的重力加速度的数值偏大，可能原因是____A．振幅较小B．测摆长时，只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心C．数振动次数时，少计了一次D．数振动次数时，多计了一次E.摆球做圆锥摆14．为了测量一根长约。电阻约为，横截面为圆形，粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：A．游标卡尺B．螺旋测微器C．电流表（，内阻约为）D．电流表（，内阻约为） E.电压表（，内阻约为）F.滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）G.滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）H.蓄电池（，内阻不计）I.开关一个，带夹子的导线若干（1）用游标卡尺测得该材料的长度如图甲所示。示数为__________；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为__________。（2）为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，电流表应选__________，滑动变阻器选择__________。（填选项前的字母）（3）在方框中画出测量电阻的实验电路图。()15．如图所示为一个半径为R的透明介质球体，M、N两点在一条直线上关于球心O对称，与球心的距离均为，一细束单色光从M点射向透明介质球体，从P点射入，穿过球体后到达N点。PA垂直于MN，且，设光在真空中传播的速度为c。已知，，，求：(1)介质球的折射率；(2)光从M点射出后到达N点所用时间。 16．弹性绳沿x轴水平放置，左端位于坐标原点，用手握住绳的左端，当时绳上形成如图所示的波形，当，质点P第一次到达波峰，则：①该波的周期和波速为多少？②从开始经过多少时间，位于处的质点Q恰好第一次达到波谷？17．如图所示，电源的电动势是E=，内阻r=，电动机的线圈电阻RM=，限流电阻=，若电压表的示数U=，电压表为理想电表，试求：(1)流过电动机的电流；(2)电源的输出功率；(3)电动机输出的机械功率．18．如图所示，质量为M的木块放在光滑水平面上，现有一质量为m的子弹以速度v0射入木块中。设子弹在木块中所受阻力不变，且子弹未射穿木块。若子弹射入木块的深度为D，求：（1）木块最终速度为多少？（2）系统损失的机械能是多少？ 参考答案1．CAB．小孩对男子的作用力与男子对小孩的作用力是一对相互作用力，则小孩对男子的冲量与男子对小孩的冲量等大反向，选项AB错误；CD．小孩落地瞬时的动量一定，动量变化一定，根据动量定理，作用时间越长，则作用力越小，即接住小孩的时间越长，越安全，选项C正确，D错误。故选C。2．C从单摆的位移时间图象可以看出甲、乙两个单摆的周期之比为2：1，根据单摆的周期公式T=2π，两个单摆的摆长之比为4：1；x-t图象上某点的切线的斜率表示速度，故经过平衡位置时乙的速度较大，即V1＜V2；故ABD错误，C正确；故选C。本题关键是根据位移时间关系图象得到两个单摆的振幅和周期的关系，然后结合周期公式进行分析；同时要知道位移时间关系图象的斜率表示速度。3．DA．当外电路为有电动机的非纯电阻电路时，外电路的总电阻，A错误；B．电动势的大小等于在电源内部非静电力把单位正电荷从负极送到正极所做的功，B错误；C．以外电路为纯电阻电路为例，由电源输出功率随外电阻的变化关系图可知，电源的外电阻越大，输出功率不一定越大，电源的效率为故外电阻越大，电源的效率越高，C错误；D．在闭合电路中，非静电力所做的功等于其他形式的能转化为内外电路中电能的总和，因此若外电路为纯电阻电路，且外电阻为R时，有因此闭合电路欧姆定律实质上是能量守恒定律在闭合电路中的具体体现，D正确。 故选D。4．BAB．在闭合开关的瞬间，线圈A中电流变大，产生的磁场变大，穿过B的磁通量变大，电流表指针将发生偏转，稳定后，A产生的磁场不变，穿过B的磁通量不变，则B中没有感应电流，此时，电流表指针回到零刻度，故A错误，B正确；C．闭合开关后，滑动变阻器滑片P向右或向左移动的过程中，线圈A中电流变化，穿过B的磁通量变化，电流表指针发生偏转，稳定后电流恒定，没有磁场变化，电流表指针不发生偏转，故C错误；D．在断开开关的瞬间，穿过B的磁通量消失，电流表指针将发生偏转，故D错误。故选B。5．D以导弹和气体为系统利用动量守恒定律可知0＝Δmv0＋（M－Δm）v即0＝300×120＋（3300－300）v解得v＝－12m/s故D正确。6．DA．干涉条纹是由于a下表面和b上表面反射光叠加产生的，故A错误；BD．劈尖干涉条纹特点，任意一条明条纹或暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等，任意相邻的明条纹或者暗条纹对应的薄膜厚度差恒定，故B错误，D正确；C．干涉条纹光程差即光程差为空气层厚度的2倍，当满足时，表现为亮条纹，故相邻亮条纹间的空气厚度为，若抽去一张纸倾角减小，故亮条纹之间距离增大，因此干涉条纹变疏，故C错误。故选D。7．CAB．将接线柱1、2接入电路时IgRg=I1R1得I1=2Ig，I=Ig+I1=3Ig 故每一小格表示0.06A，AB错误；CD．将接线柱1、3接入电路时，R1与电流表A并联，整体与R2串联，则由串并联电流规律可知，并联电路电流之比等于电阻的反比，则此时流过R1的电流为电流表的2倍，串联电路电流相等，则由此可得干路电流，即流过接线柱1的电流值为电流表的3倍，因此I=Ig+I1=3Ig则每一小格表示0.06A，C正确、D错误。故选C。8．AAB．依题意根据安培定则结合磁场叠加原理：可判断知cd连线上的磁感线方向平行于cd，故带电小球由c向d或由d到c均不受洛伦兹力作用，小球所受重力与支持力平衡，所以将做匀速直线运动，故A正确，B错误；CD．依题意根据安培定则结合磁场叠加原理：可判断知ab连线上的磁感线方向垂直于ab连线，且越靠近导线磁场越强并关于cd对称，所以小球由a向b或由b到a将会受到变化的洛伦兹力的作用，做非匀变速曲线运动，故CD错误。故选A。9．ABA.由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，即为，故A项符合题意.B.受迫振动的频率由驱动力频率决定，驱动力的频率为时，振子振动的频率也为，故B项符合题意.C.当驱动力频率等于固有频率时，振子的振动幅度最大，故由图看出固有频率为．振子自由振动的频率由系统本身决定，为，故C项不合题意.D.振子做自由振动时，频率由系统本身决定，为，故D项不合题意.10．BDA．A物体下滑时，细绳对B的拉力是变化的（初始为零，后续大于零），则B物体所受的合力不是恒力，因此B物体做的是非匀加速直线运动，故A错误；B．物体A在的Q点时速度为v，速度的分解图如下 由速度的分解可知，滑块B的速度为故B正确；C．A物体到Q点时，B物体的速度为vsinθ，则B物体的动量为故C错误；D．由能量关系可知，A物体减少的重力势能等于B物体克服摩擦力做功和A、B两物体动能增量之和，因此B物体克服摩擦做的功为故D正确。故选BD。11．BCEA．用手拿起玻璃砖时，不能用手摸“光学面”，A错误；B．使用玻璃砖的BC、CD两个侧面，用同样的方法，确定入射光线和折射光线，同样也能测得折射率，B正确；C．标记入射光线的大头针P1、P2之间的距离应适当大些，这样确定入射光线的方向更准确，C正确；D．在插针的过程中，大头针P3应挡住P1、P2的像，D错误；E．在测量数据时，仅用毫米刻度尺，根据三角形的边角关系，也能测出正弦值从而确定折射率，E正确。故选BCE。12．CDA．经时间t，a、b经过电容器两极板间下半区域的同一水平面，则ya>yb根据可知ma<mb故A错误；B．根据动量定理知a、b的动量大小相等，故B错误；C．根据动能定理得 Ek-0=qEy即t时刻粒子的动能为Ek=qEya的位移大，电场力做功多，所以在t时刻，a的动能比b的大，故C正确；D．t时刻，a、b经过电场中同一水平面，电势相等，它们的电荷量也相等，而a带正电，b带负电，由Eφ=qφ可知a电势能大于b的电势能，故D正确；故选CD。13．    98.50    2.0    9.7    B    D（1）[1][2]摆长指的是摆线长和小球的半径之和，故该摆长为98.50cm，单摆振动50次所用的时间为99.9s，则（2）[3]根据公式可得重力加速度(3)[4]根据周期公式可得A．测摆线长时摆线拉得过紧，使得摆长的测量值偏大，则测得的重力加速度偏大，故A错误；B．摆动后出现松动，知摆长的测量值偏小，则测得的重力加速度偏小，故B正确；C．实验中开始计时，秒表过迟按下，则测得周期偏小，所以测得的重力加速度偏大，故C错误．D．实验中将49次全振动数成50次全振动，测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大，故D错误．故选B；(4)[5]因为，根据g的表达式，分析数值偏大的原因A．振幅的大小不影响单摆的周期，所以不影响测出的重力加速度，故A错误；B．测摆长时，只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心，测量的摆长偏小，测出的重力加速度数值偏小，故B错误； C．数振动次数时，少计了一次，则测出的周期偏大，测出的重力加速度数值偏小，故C错误．D．数振动次数时，多计了一次，则测出的周期偏小，测出的重力加速度数值偏大，故D正确；E．摆球做圆锥摆测出的重力加速度数值偏小，故E错误。故选D。14．    30.35    3.205（3.204~3.206均可）    C    G    （1）[1]主尺读数为30mm，游标卡尺读数为0.05mm×7=0.35mm，故L=30.35mm。[2]主尺读数为3mm，副尺读数为0.01mm×20.5=0.205mm，故D=3.205mm。（2）[3][4]因为电压表的量程是3V，而待测阻值约6Ω，故电流表选A1，即选C，尽量多测量几组数据，所以采用分压式；滑动变阻器选R2，即选G。（3）[5]待测阻值较小，所以电流表采用外接法；尽量多测量几组数据，所以采用分压式；滑动变阻器选R2。电路图如下15．(1)；(2)(1)光路图如图所示：根据几何知识有 解得又因为，所以有，，因为，所以根据折射定律有(2)光在介质中的传播速度为光在空气中传播时间为光在介质中传播的时间为所以光从M点射出后到达N点所用时间为16．①T=2s；v=0.1m/s；②①从题图上可以看出，时，质点P的振动方向向上，经过后，质点P第一次到达波峰，所以周期从题图上可以看出，波长为，所以波速②经过质点Q恰好开始向下振动。再经过，质点P恰好第一次达到波谷，所以质点P恰好第一 次达到波谷的时间17．（1）1A（2）5.5W（3）1.5W(1)据欧姆定律求出流过电阻的电流，再据串联电路电流特点求流过电动机的电流；(2)电源的输出功率等于电路的总功率减去电源内部消耗的功率；(3)据串联电路电压特点求出电动机两端电压，再据机械功率等于电功率减去热功率求电动机输出的机械功率．(1)电压表测R0两端的电压，则流过R0的电流电动机与电阻R0串联，所以流过电动机的电流(2)电源的输出功率(3)电动机两端的电压电动机输出的机械功率纯电阻元件，欧姆定律适用，电功等于电热，电功率等于热功率；非纯电阻元件，欧姆定律不适用，电功大于电热，电功率大于热功率，其它功率等于电功率减去热功率．18．（1）；（2）（1）以子弹和木块组成的系统为研究对象，由动量守恒定律得则木块最终速度为（2）由能量守恒可知，系统损失的机械能为解得