四川省宜宾市第四中学2022-2023学年高二物理上学期期中试题（Word版含解析）

宜宾四中2022年秋期高二期中考试物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷自己保管，答题卡交回。4．物理110分，化学100分，生物90分；同堂分卷考试，满分300分，考试时间共150分钟。第I卷选择题（50分）一、选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.原子核在天然衰变为的过程中，所经过的衰变次数质子数减少的个数、中子数减少的个数依次为（　　）A.8、10、22B.10、22、8C.22、8、10D.8、22、10【答案】A【解析】【分析】【详解】衰变次数衰变的次数质子数减少了中子数减少了 故选A。2.如图所示，在场强为的水平方向的匀强电场中有、两点，连线长为，连线与电场线夹角为α，则、两点的电势差UAB等于（　　）A.B.零C.ELD.E【答案】C【解析】【详解】A、B之间沿电场线方向的距离为，由可得，，C正确．3.如图所示的各图所描述的物理情境中，产生感应电流的是（　　）A.甲图中开关S闭合稳定后，线圈N中B.乙图矩导电线圈平面垂直于磁场方向向右平移中C.丙图金属框从A位置向B位置运动，金属框中D.丁图矩形导电线圈绕水平轴匀速转动中【答案】C【解析】【详解】A．甲图中开关S闭合稳定后，穿过线圈N的磁通量保持不变，所以线圈N中不产 生感应电流。故A错误；B．乙图矩导电线圈平面垂直于磁场方向向右平移中，穿过线圈平面的磁通量不变，所以线圈中不产生感应电流。故B错误；C．丙图金属框从A位置向B位置运动，金属框中磁通量发生变化，所以会在金属框中产生感应电流。故C正确；D．丁图矩形导电线圈绕水平轴匀速转动中，穿过线圈的磁通量发生变化，所以在线圈中产生感应电流。故D错误。故选C。4.某导体的伏安特性曲线如图所示，下列说法正确的是（　　）A.导体两端加电压时，导体的电阻为B.导体两端加电压时，导体的电阻为C.该导体为线性元件D.导体的电阻随着温度的升高不断减小【答案】B【解析】【详解】A．导体两端加电压时，通过导体的电流为0.30A，则导体的电阻为A错误；B．导体两端加电压时，通过导体电流为0.5A，导体的电阻为B正确；C．图线上点到原点连线的斜率逐渐减小，可知电阻在增大，故该导体为非线性元件，C错误； D．随着电压的增大，电流增大，温度升高，故导体的电阻随着温度的升高不断增大，D错误。故选B。5.某种型号焰火礼花弹从专用炮筒中射出后竖直向上运动，在4s末到达离炮筒口100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒口竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍，g＝10m/s2，那么v0和k分别等于（　　）A.40m/s，1.25B.40m/s，0.25C.50m/s，1.25D.50ms，0.25【答案】D【解析】【详解】试上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得根据得所以而所以k=0.25故选D．【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，根据受力情况判断运动情况，并熟练运用运动学基本公式解题．6.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，场强方向平行正方形ABCD所在平面．已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V，φB=3V，φC=-3V，则A.D点的电势φD=3V，场强方向平行AB方向 B.D点的电势φD=3V，场强方向平行AC方向C.D点的电势φD=6V，场强方向平行BC方向D.D点的电势φD=6V，场强方向平行BD方向【答案】B【解析】【详解】CD.匀强电场中，由公式U=Ed知沿着任意方向每前进相同的距离，电势差都相等，故连接AC，AC连线的中点为E，则E点的电势为；连接BE，如图所示：则BE为一条等势线，D点在BE连线上，所以D点电势;故C项，D项均错误.AB.过A点作出垂直于BE有向线段，由高电势点A直线BE，如图中红线所示，即为电场线，那么场强方向平行AC方向；故A错误，B正确.7.如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由静止滑下，重力加速度为g。当小圆环滑到与大圆环圆心等高的位置时，大圆环对轻杆作用力的大小为（　　）A.B.CD.【答案】D【解析】 【详解】当小圆环滑到与大圆环圆心等高的位置时，根据牛顿第二定律得小圆环滑到与大圆环圆心等高的位置时，由动能定理则有对大环分析，有根据牛顿第三定律可知ABC错误，D正确。故选D。8.下列关于电阻和电阻率的说法正确的是（　　）A.由知，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比B.由可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C.把一根长导体截成等长的3段，则每段的电阻率都是原来的D.电阻率表征了导体导电能力的强弱，由导体材料本身决定，且通常还与温度有关【答案】AD【解析】【详解】A．是导体电阻的决定式，因此导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比，A正确；B．是导体电阻的比值定义式，因此不能认为导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比，B错误；CD．电阻率表征了导体导电能力的强弱，由导体材料本身决定，且通常还与温度有关，与导体的长度无关，把一根长导体截成等长的3段，其电阻率不变，C错误，D正确。故选AD。9.如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池两极，一带负电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（） A.保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B.保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C.断开S，略向上移动A板，则增大D.断开S，略向上移动A板，则不变【答案】AC【解析】【详解】AB．保持S闭合，则电容器两极板间的电压不变，由可知，当A板向B板靠近时，E增大，小球所受电场力增大，增大，故A正确，B错误；CD．断开S，则两板带电荷量不变，由可知，略向上移动A板，则正对面积S减小，E变大，电场力变大，则增大，故C正确，D错误。故选AC。10.如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是(　　)A.R1的温度逐渐降低B.R1受到可见光的照射C.R2的阻值逐渐增大D.R2的阻值逐渐减小【答案】AD【解析】【分析】 【详解】灯泡L亮度变暗，说明流过灯泡的电流减小，其原因可能是R1的阻值增大或R2的阻值减小引起，半导体热敏电阻随温度的升高电阻率减小，故可能的原因是R1的温度降低或R2的阻值减小。故选AD。第II卷（非选择题60分）二、实验题（18分）11.如图所示为一个已经充电的平行板电容器，右极板用绝缘杆固定在铁架台上，左极板通过绝缘杆由手持握．（以下四空均选填“变大”、“变小”或“不变”）（1）如图甲，若仅将左极板向上移至虚线位置，则板间的电场强度_____；（2）如图乙，若仅将左极板向左移至虚线位置，板间的电场强度_____；（3）如图丙，若仅在两极板间插入一块厚石蜡片，则板间的电压_____。【答案】①.变大②.不变③.变小【解析】【详解】电容器带电量Q一定，根据联立可得(1)[1]若仅将左极板向上移至虚线位置，S减小，则板间的电场强度E变大； (2)[2]若仅将左极板向左移至虚线位置，板间的电场强度不变；(3)[3]若仅在两极板间插入一块厚石蜡片，根据可得电容器的电容C增大，根据可知，电量Q不变，板间的电压U减小。12.某同学用图(甲)所示电路，描绘通过额定电压为3V的小灯泡的电流I随电压U变化的图像．（1）根据电路图，用笔画线代替导线，将图（乙）中的实物电路连接成完整实验电路______．（2）该同学移动滑动变阻器，使小灯泡发光，此时电流表和电压表的示数如下图丙、丁所示，则通过小灯泡的电流是_______A，小灯泡两端的电压是________V．（3）该同学移动滑动变阻器多次测量通过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压，画出了通过小灯泡的电流随两端电压变化的图像，如图戊所示，则小灯泡的额定功率是_______W． 【答案】①.（1）图见解析；②.（2）0.200A；③.1.50V；【解析】【详解】（1）实物连线如图；（2）通过小灯泡的电流是0.200A，小灯泡两端的电压是1.50V．（3）由图像可知，当电压为3V时，电流为0.26A，可知小灯泡的额定功率是P=IU=0.78W.四、解答题（本答题工三个小题，13题12分，14题12分，15题18分，共42分）13.如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，将电荷量为+q的点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L，AB方向与电场方向成60°角，求：（1）点电荷所受电场力的大小；（2）在此过程中电场力做的功；（3）A、B两点间的电势差并说明哪点电势高。【答案】（1）qE；（2）；（3），A点电势高【解析】【详解】（1）点电荷所受电场力的大小F=qE （2）在此过程中电场力做的功W=FLcos60°=（3）A、B两点间的电势差UAB==根据顺着电场线电势降低，可知A点电势高.14.如图所示，E＝8V，r＝2Ω，R1＝8Ω，R2为变阻器接入电路中的有效阻值，问：(1)要使变阻器获得的电功率最大，则R2的取值应是多大？这时R2的功率是多大？(2)要使R1得到的电功率最大，则R2的取值应是多大？R1的最大功率是多少？这时电源的效率是多大？(3)调节R2的阻值，能否使电源以最大的功率输出？为什么？【答案】(1)10Ω　1.6W　(2)0　5.12W　80%(3)不能　理由见解析【解析】【详解】(1)将R1和电源等效为一新电源，则新电源的电动势E′＝E＝8V，内阻r′＝r＋R1＝10Ω，且为定值．利用电源的输出功率随外电阻变化的结论知，当R2＝r′＝10Ω时，R2有最大功率，即．(2)因R1是定值电阻，所以流过R1的电流越大，R1的功率就越大．当R2＝0时，电路中有最大电流，即，R1的最大功率，这时电源的效率． (3)不能．因为即使R2＝0，外电阻R1也大于r，不可能有的最大输出功率．15.如图所示，一对水平固定放置的平行金属板长为，相距为，两板间加一偏转电压，在其上板左侧附近有一对竖直放置的金属板，板间加一加速电压，且在其左板附近由静止释放一质量为、电荷量为的带电粒子，加速后从右板小孔水平射出，并刚好沿上板边缘点进入两水平金属板间，经偏转电场后恰好从两板间中线的点飞出，不计粒子重力及空气阻力。求：（1）粒子在点的速度；（2）偏转电压的大小；（3）若保持偏转电压为（2）中的大小不变，让粒子始终能从两水平金属板间射出，则加速电压的大小应满足的条件。【答案】(1)1m/s；(2)40V；(3)大于1000V【解析】【详解】(1)电子在加速电场中运动时，由动能定理得解得：(2)带电粒子在偏转电场中运动时间由牛顿第二定律得竖直方向上侧移量 解得(3)当粒子刚好从下极板边缘射出，对应加速电源最小，带电粒子在偏转电场中运动时间由牛顿第二定律得竖直方向上侧移量且联立解得解得故电压应大于等于1000V。