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山东省枣庄市2022届高三数学4月模拟考试 文(枣庄市二模)(含解析)新人教A版
山东省枣庄市2022届高三数学4月模拟考试 文(枣庄市二模)(含解析)新人教A版
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2022年山东省枣庄市高考数学二模试卷(文科)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)(2022•枣庄二模)已知集合A={0,1,2},B={x|x=2a,a∈A},则A∩B中元素的个数为( ) A.0B.1C.2D.3考点:交集及其运算.专题:计算题.分析:有题目给出的已知条件,用列举法表示出集合B,取交集运算后答案可求.解答:解:由A={0,1,2},B={x|x=2a,a∈A}={0,2,4},所以A∩B={0,1,2}∩{0,2,4}={0,2}.所以A∩B中元素的个数为2.故选C.点评:本题考查了交集及其运算,考查了集合中元素的特性,是基础的概念题. 2.(5分)(2022•枣庄二模)已知i是虚数单位,若纯虚数z满足(2﹣i)z=4+2ai,则实数a的值为( ) A.﹣2B.2C.﹣4D.4考点:复数相等的充要条件.专题:计算题.分析:由给出的已知条件利用复数的除法运算求解复数z,然后利用实部等于0且虚部不等于0求解实数a的值.解答:解:由(2﹣i)z=4+2ai,得=.因为复数z为纯虚数,所以,解得a=4.所以,实数a的值为4.故选D.点评:本题考查了复数代数形式的乘除运算,考查了复数是纯虚数的条件,复数为纯虚数,当且仅当实部等于0且虚部不等于0,是基础题. 3.(5分)(2022•枣庄二模)“”是“数列{an}为等比数列”的( ) A.充分不必要条件B.必要不充分条件 C.充要条件D.既不充分也不必要条件考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.专题:等差数列与等比数列.分析:根据等比数列的性质,对于数列{an},“数列{an}为等比数列”可以推出““”,对于反面,我们可以利用特殊值法进行判断;15解答:解:若数列{an}是等比数列,根据等比数列的性质得:,反之,若“”,当an=0,此式也成立,但数列{an}不是等比数列,∴“”是“数列{an}为等比数列”的必要不充分条件,故选B.点评:此题主要考查等比数列的性质及必要条件、充分条件和充要条件的定义,是一道基础题. 4.(5分)(2022•枣庄二模)已知函数,则的值是( ) A.9B.﹣9C.D.考点:对数的运算性质.专题:计算题.分析:因为,所以f()=log2=log22﹣2=﹣2≤0,f(﹣2)=3﹣2=,故本题得解.解答:解:=f(log2)=f(log22﹣2)=f(﹣2)=3﹣2=,故选C.点评:本题的考点是分段函数求值,对于多层求值按“由里到外”的顺序逐层求值,一定要注意自变量的值所在的范围,然后代入相应的解析式求解. 5.(5分)(2022•枣庄二模)已知实数x,y满足,则2x﹣y的最大值为( ) A.B.0C.﹣1D.考点:简单线性规划.专题:不等式的解法及应用.分析:先根据约束条件画出可行域,再利用几何意义求最值,只需求出直线z=x﹣2y过y轴的截距最小,即z最大值,从而求解.解答:解:先根据约束条件画出可行域,目标函数z=2x﹣y,z在点A(,)处取得最大值,可得zmax=2×﹣=,故最大值为,故选A.15点评:本题主要考查了简单的线性规划,以及利用几何意义求最值,属于基础题. 6.(5分)(2022•枣庄二模)如图所示是某算法的程序框图,则程序运行后输出的结果是( ) A.6B.27C.124D.168考点:循环结构.专题:图表型.分析:根据题意,按照程序框图的顺序进行执行,当n=4时跳出循环,输出结果.解答:解:第一次:s=1,n=2;第二次:s=6,n=3;第三次:s=27,n=4;此时不满足n>3.所以输出S=27.故选B.点评:本题考查程序框图,按照程序框图的顺序进行执行求解,属于基础题. 157.(5分)(2022•枣庄二模)一名篮球运动员在5场比赛中的得分为14,16,21,24,25,则这组数据的平均数与标准差分别为( ) A.18,18.8B.20,18.8C.20,D.18,考点:极差、方差与标准差.专题:计算题.分析:直接利用平均数及标准差公式进行计算.解答:解:.标准差=.故选C.点评:本题考查了平均数及标准差的计算,解答的关键是熟记公式及正确计算,是基础题. 8.(5分)(2022•枣庄二模)若双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离等于焦距的,则此双曲线的渐近线方程为( ) A.B.C.D.考点:双曲线的简单性质.专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.分析:利用双曲线的标准方程即可得到一个焦点F(c,0),及一条渐近线.再利用点到直线的距离公式即可得出a,b的关系.解答:解:取双曲线的一个焦点F(c,0),及一条渐近线.则点F到此条渐近线的距离d==,化为c=2b,两边平方得c2=4b2,∴a2+b2=4b2,化为a2=3b2,∴.∴双曲线的渐近线方程为.故选C.点评:熟练双曲线的标准方程及其性质、点到直线的距离公式是解题的关键. 9.(5分)(2022•枣庄二模)如图所示是一几何体的三视图,则该几何体外接球的表面积为( )15 A.3πB.4πC.8πD.9π考点:由三视图求面积、体积.专题:空间位置关系与距离.分析:由三视图可知:该几何体是一个三棱锥,高为1,底面是腰长为2的等腰直角三角形.如图所示,建立空间直角坐标系.取线段AB的中点,则DA=DB=DC.设球心为O,则OD⊥平面ABC.又|OP|=|OB|=R,利用两点间的距离公式即可得出.解答:解:由三视图可知:该几何体是一个三棱锥,高为1,底面是腰长为2的等腰直角三角形.如图所示,建立空间直角坐标系.取线段AB的中点,则DA=DB=DC.设球心为O,则OD⊥平面ABC.∵D(1,1,0),∴可设球心O(1,1,z),又B(0,2,0),P(0,0,1).∵|OB|=|OP|=R(球的半径).∴,解得.∴R==.∴该几何体外接球的表面积S==9π.故选D.点评:由三视图正确恢复原几何体即掌握球的性质、两点间的距离公式是解题的关键. 10.(5分)(2022•枣庄二模)已知A,B是△ABC的两个内角,向量=(cos,sin),且||=,则tanA•tanB=( ) A.3B.C.﹣3D.考点:三角函数的和差化积公式;向量的模;同角三角函数间的基本关系.15专题:三角函数的求值.分析:由题意可得=2+=,再利用二倍角公式化简可得2cos(A+B)﹣cos(A﹣B)=0,再利用两角和差的三角公式化简求得cosAcosB=3sinAsinB,再由同角三角函数的基本关系求得tanA•tanB的值.解答:解:∵A,B是△ABC的两个内角,向量=(cos,sin),且||=,∴=2+=,∴1+cos(A+B)+=.化简可得2cos(A+B)﹣cos(A﹣B)=0,∴2cosAcosB﹣2sinAsinB﹣(cosAcosB+sinAsinB)=0,∴cosAcosB=3sinAsinB,∴tanA•tanB=,故选B.点评:本题主要考查两角和差的三角公式、二倍角公式以及同角三角函数的基本关系,向量的模的求法,属于中档题. 11.(5分)(2022•枣庄二模)函数的大致图象为( ) A.B.C.D.考点:余弦函数的图象.专题:三角函数的图像与性质.分析:由于当x趋于+∞时,函数的值趋于﹣∞,故排除B、C,再利用导数可得在(﹣,﹣)上,y是增函数,在(﹣,)上,y是减函数,从而得出结论.解答:解:由于当x趋于+∞时,函数的值趋于﹣∞,故排除B、C.∵函数的导数y′=﹣sinx﹣,在(﹣,﹣)上,y′>0,y是增函数.在(﹣,)上,y′<0,y是减函数,故排除D,故选A.点评:本题主要考查函数的图象特征,利用导数研究函数的单调性,属于中档题. 12.(5分)(2022•枣庄二模)已知函数f(x)对任意x∈R都有f(x+6)+f(x)=2f(3),y=f(x﹣1)的图象关于点(1,0)对称,则f(2022)=( ) A.10B.﹣5C.5D.0考点:函数恒成立问题;函数的值.专题:函数的性质及应用.分析:由f(x+6)+f(x)=2f(3),可得函数的周期为12,由y=f(x﹣1)的图象关于点(1,0)对称,可得函数为奇函数,由此可求结论.15解答:解:由f(x+6)+f(x)=2f(3),知f(x+12)+f(x+6)=2f(3),两式相减,得f(x+12)=f(x)由y=f(x﹣1)的图象关于点(1,0)对称,知f(x﹣1)+f(1﹣x)=0,故f(x)是奇函数.由f(x+6)+f(x)=2f(3),令x=﹣3,得f(3)=f(﹣3),于是f(3)=f(﹣3)=0,于是f(2022)=f(2022﹣12×167)=f(9)=f(﹣3)=0故选D.点评:本题考查函数的周期性与奇偶性,考查学生的计算能力,属于中档题. 二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.(4分)(2022•辽宁)已知圆C经过A(5,1),B(1,3)两点,圆心在x轴上.则C的方程为 (x﹣2)2+y2=10 .考点:圆的标准方程.专题:计算题.分析:根据题意可知线段AB为圆C的一条弦,根据垂径定理得到AB的垂直平分线过圆心C,所以由A和B的坐标表示出直线AB的方程,然后根据两直线垂直时斜率乘积为﹣1由直线AB的斜率求出AB垂直平分线的斜率,又根据中点坐标公式求出线段AB的中点坐标,由中点坐标和求出的斜率写出AB的垂直平分线的方程,又因为圆心在x轴上,所以把求出AB的垂直平分线与x轴的交点坐标即为圆心C的坐标,然后根据两点间的距离公式求出线段AC的长度即为圆的半径,根据圆心坐标和半径写出圆的标准方程即可.解答:解:由A(5,1),B(1,3),得到直线AB的方程为:y﹣3=(x﹣1),即x+2y﹣7=0,则直线AB的斜率为﹣,所以线段AB的垂直平分线的斜率为2,又设线段AB的中点为D,则D的坐标为(,)即(3,2),所以线段AB的垂直平分线的方程为:y﹣2=2(x﹣3)即2x﹣y﹣4=0,令y=0,解得x=2,所以线段AB的垂直平分线与x轴的交点即圆心C的坐标为(2,0),而圆的半径r=|AC|==,综上,圆C的方程为:(x﹣2)2+y2=10.故答案为:(x﹣2)2+y2=10点评:此题考查学生掌握两直线垂直时斜率满足的关系,灵活运用中点坐标公式及两点间的距离公式化简求值,掌握垂径定理的灵活运用,会根据圆心和半径写出圆的标准方程,是一道中档题. 14.(4分)(2022•枣庄二模)若对于任意的实数x,ax2+2x+1>0恒成立,则实数a的取值范围是 a>1 .考点:函数的最值及其几何意义.专题:函数的性质及应用.分析:分类讨论,结合函数的性质,即可求实数a的取值范围.解答:解:若a=0,则对于任意的实数x,2x+1>0不恒成立;若a≠0,则,解得a>115综上,a>1故答案为:a>1.点评:本题考查恒成立问题,考查分类讨论的数学思想,考查学生的计算能力,属于中档题. 15.(4分)(2022•枣庄二模)如图所示,墙上挂有一块边长为2的正方形木板,它的四个角的空白部分都是以正方形的顶点为圆心,半径为1的扇形.某人向此木板投镖,假设每次都能击中木板,且击中阴影部分的概率为 .考点:几何概型.专题:概率与统计.分析:欲求击中阴影部分的概率,则可先求出正方形的面积,再求阴影部分区域的面积,进而根据几何概型概率公式易求解.解答:解:根据题意,图中正方形的面积为2×2=4,图中阴影部分的面积为:4﹣4××π×12=4﹣π,则它击中阴影部分的概率P==;故答案为:.点评:本题考查几何概型的计算,注意正确计算出的各个面积,进而由几何概型公式计算即可. 16.(4分)(2022•枣庄二模)△ABC中,AB=3,∠A=60°,∠A的平分线AD交边BC于点D,且,则AD的长为 .考点:平面向量数量积的坐标表示、模、夹角.专题:平面向量及应用.分析:取AC的一个三等分点E,满足AE=AC,作DF平行于AE,则由条件可得四边形AEDF为平行四边形,求得∠AFD=120°,∠FAD=30°,∠FDA=30°,可得△AFD为等腰三角形,AF=DF=AC,故平行四边形AEDF为菱形.利用余弦定理求得AD、BD、CD的值,再由三角形的内角平分线性质可得,由此求得λ的值,从而得到AD的值.解答:解:△ABC中,∵AB=3,∠A=60°,∠A的平分线AD交边BC于点D,且,取AC的一个三等分点E,满足AE=AC,作DF平行于AE,则由条件可得四边形AEDF为平行四边形,∴∠AFD=120°,∠FAD=30°,∠FDA=30°,故△AFD为等腰三角形,∴AF=DF=15AC,故四边形AEDF为菱形.再由AF=λAB=3λ=DF=AC,可得AC=9λ,菱形AEDF的边长为3λ.△AFD中,由余弦定理可得AD2=(3λ)2+(3λ)2﹣2•3λ•3λ•cos120°=27λ2,∴AD=3λ.△ABD中,由余弦定理可得BD2=32+27λ2﹣2×3×3λ×cos30°=27λ2﹣27λ+9,∴BD=3.△ACD中,由余弦定理可得CD2=81λ2+27λ2﹣2×9λ×3λ×cos30°=27λ2=3λ.再由三角形的内角平分线性质可得,即=,解得λ=,或λ=(舍去).故AD=3λ=3×=2,故答案为2.点评:本题主要考查两个向量的加减法的法则,以及其几何意义,余弦定理以及三角形的内角平分线性质应用,求得λ的值,是解题的关键和难点,属于中档题. 三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.17.(12分)(2022•枣庄二模)某公司有一批专业技术人员,对他们进行年龄状况和接受教育程度(学历)的调查,其结果(人数分布)如下表:学历35岁以下35﹣55岁本科8030研究生12020按学历状况用分层抽样的方法在35~55岁年龄段的专业技术人员中抽取一个容量为5的样本,将该样本看成一个总体,从中任取2人,求至少有1人的学历为研究生的概率.考点:列举法计算基本事件数及事件发生的概率;分层抽样方法.专题:概率与统计.分析:由分层抽样的规律可知需学历为研究生2人,记为A1,A2,学历为本科的3人,记为B1,B2,B3,列举可得总的基本事件,找出符合题意得基本事件,由古典概型的公式可得.解答:解:由分层抽样的规律可知:在35~55岁年龄段的专业技术人员中抽取一个容量为5的样本,学历为研究生的人数为20×=2人,记为A1,A2,学历为本科的人数为30×=3人,记为B1,B2,B3,从中任意抽取2人所有的基本事件为:{A1,A2},{A1,B1},{A1,B2},{A1,B3},{A2,B1},{A2,B2},{A2,B3},{B1,B2}{B1,B3}{B2,B3}共10个,从中任意抽取2人,至少1人的学历为研究生,所包含的基本事件为:{A1,A2},{A1,B1},{A1,B2},{A1,B3},{A2,B1},{A2,B2},{A2,B3}共7个,15所以从中任意抽取2人,至少1人的学历为研究生的概率为:点评:本题考查列举法求古典概型的概率,涉及分层抽样的特点,属基础题. 18.(12分)(2022•枣庄二模)已知函数f(x)=cos(ωx+φ)(ω>0,π≤φ<2π)为偶函数,且其图象上相邻最高点与最低点之间的距离为.(1)求函数f(x)的解析式;(2)求函数f(x)在区间[0,4π]内的所有零点之和.考点:由y=Asin(ωx+φ)的部分图象确定其解析式;函数的零点与方程根的关系.专题:三角函数的图像与性质.分析:由条件求得φ和ω的值,可得函数f(x)=﹣cosx,令g(x)=0,可得f(x)=,即cosx=﹣,由此求得x的解析式,再由x∈[0,5π),求得g(x)在区间[0,5π)内零点的值,从而求得函数f(x)在区间[0,4π]内的所有零点之和.解答:解:(1)函数f(x)=cos(ωx+φ)(ω>0)为偶函数,∴cosφ=±1,∴φ=kπ,k∈z.再由π≤φ<2π可得φ=π,∴函数f(x)=cos(ωx+π)=﹣cosωx,故其周期为,最大值为1.设图象上最高点为(x1,1),与之相邻的最低点为(x2,﹣1),则|x2﹣x1|==.∵其图象上相邻最高点与最低点之间的距离为=,解得ω=1,∴函数f(x)=﹣cosx.(2)函数f(x)在[0,4π]内的所有零点为:,∴函数f(x)在[0,4π]内的所有零点之和为.点评:本题主要考查由函数y=Asin(ωx+φ)的部分图象求解析式,函数y=Asin(ωx+φ)的周期性、最大值,求函数的零点,属于中档题. 19.(12分)(2022•枣庄二模)一多面体的三视图和直观图如图所示,它的正视图为直角三角形,侧视图为矩形,俯视图为直角梯形(尺寸如图所示)直观图中的平面BEFC水平放置.(1)求证:AE∥平面DCF;(2)当时,求该多面体的体积.考点:直线与平面平行的判定;由三视图还原实物图;棱柱、棱锥、棱台的体积.15专题:空间位置关系与距离.分析:(1)证法1(线面平行的判定定理法):过点E作EG⊥CF于G,连结DG,可证得四边形ADGE为平行四边形,进而AE∥DG,结合线面平行的判定定理得到答案.(1)证法2:(面面平行的性质法):由四边形BEFC为梯形,可得BE∥CF,结合线面平行的判定定理可得BE∥平面DCF,同理由AB∥DC,可证AB∥平面DCF,由面面平行的判定定理得到平面ABE∥平面DCF,进而由面面平行的性质得到答案.(2)由三视图知AB⊥平面BEFC,AD⊥平面DCF,所以AB、AD分别为四棱锥A﹣BEFC和三棱锥A﹣DCF的高,代入棱锥体积公式可得答案.解答:证明:(1)证法1(线面平行的判定定理法):过点E作EG⊥CF于G,连结DG由题设条件可得四边形BCGE为矩形,又ABCD为矩形,所以AD∥EG,且AD=EG.从而四边形ADGE为平行四边形,故AE∥DG…(4分)又因为AE⊄平面DCF,DG⊂平面DCF,所以AE∥平面DCF.…(6分)证法2:(面面平行的性质法)因为四边形BEFC为梯形,所以BE∥CF.又因为BE⊄平面DCF,CF⊂平面DCF,所以BE∥平面DCF.…(2分)因为四边形ABCD为矩形,所以AB∥DC.同理可证AB∥平面DCF.又因为BE和AB是平面ABE内的两相交直线,所以平面ABE∥平面DCF.…(4分)又因为AE⊂平面ABE,所以AE∥平面DCF…(6分)(2)由三视图知AB⊥平面BEFC,AD⊥平面DCF,所以AB、AD分别为四棱锥A﹣BEFC和三棱锥A﹣DCF的高.…(7分)在Rt△EGF中,因为,所以∠GFE=60°,且GF=1又因为∠CEF=90°故CF===4从而BE=CG=3.…(9分)多面体的体积V=V四棱锥A﹣BEFC+V三棱锥A﹣DCF.(12分)点评:本题考查的知识点是直线与平面平行的判定,由三视图还原实物图,棱锥的体积,其中(1)的关键是熟练掌握线面平行证明的方法和步骤,(2)的关键是分析出AB、AD分别为四棱锥A﹣BEFC和三棱锥A﹣DCF的高,将复杂几何体体积的运算转化为棱锥体积运算. 20.(12分)(2022•枣庄二模)已知数列{an}满足:.15(1)求数列{an}的通项公式;(2)设,数列{bn}的前n项和为Tn.若存在实数λ,使得λ≥Tn,试求出实数λ的最小值.考点:数列递推式;数列的求和.专题:等差数列与等比数列.分析:(1)当n≥2时,由+=2n+1﹣2,=2n﹣2,相减即可得出an,当n=1时,单独考虑;(2)利用(1)的结论即可得到bn,利用裂项求和即可得出Tn,进而得出数列{Tn}的单调性,即可得到λ的值.解答:解:(1)当n≥2时,∵+=2n+1﹣2=2n﹣2,∴,即.当n=1时,,解得a1=1,也符合上式.∴数列{an}的通项公式为an=n;(2)由(1)可知:=,∴Tn==.∵=,∴Tn+1>Tn.数列{Tn}是单调递增数列,∴{T1}的最小值为T1=1.由题意,λ≥数列{Tn}的最小值=1,∴实数λ的最小值为1.点评:本题综合考查了求数列的通项公式、裂项求和方法、数列的单调性等基础知识与基本技能,考查了推理能力和计算能力. 21.(12分)(2022•枣庄二模)已知函数f(x)=2f′(1)ex﹣1﹣x,e≈2.7.(1)已知函数f(x)的解析式及单调区间;(2)若对任意的恒成立,求实数a的取值范围.考点:导数在最大值、最小值问题中的应用;函数解析式的求解及常用方法;利用导数研究函数的单调性.专题:导数的综合应用.分析:(1)把原函数求导,在导函数中取x=1得到f′(1)的值,则函数解析式可求,由导函数分别大于0和小于0求出原函数的单调增区间和减区间;(2)把函数f(x)的解析式代入,分离变量a后构造辅助函数g(x)=15,利用导函数求函数g(x)的最小值,则实数a的取值范围可求.解答:解:(1)对f(x)求导,得f′(x)=2f′(1)ex﹣1﹣1.令x=1,得f′(1)=2f′(1)﹣1,解得f′(1)=1.从而f(x)=2ex﹣1﹣x.f′(x)=2ex﹣1﹣1.f′(x)>0⇔2ex﹣1﹣1>0⇔⇔x>1﹣ln2;f′(x)<0⇔2ex﹣1﹣1<0⇔x<1﹣ln2.所以,f(x)的增区间为(1﹣ln2,+∞),减区间为(﹣∞,1﹣ln2).(2)当x时,⇔⇔ex≥ax+1⇔a≤.令g(x)=,则.令h(x)=,则h′(x)=xex>0.所以,函数h(x)在[,+∞)上单调递增.所以.所以当x时,.所以,g(x)=在[,+∞)上单调递增..由题意,a.故所求实数a的取值范围是a.点评:本题考查了函数的解析式的求解及常用方法,考查了利用导数研究函数的,训练了分离变量法和构造函数法求变量的取值范围,考查了利用导数求函数在闭区间上的最值,解答此题的关键是理解原函数解析式中的f′(1)为常数,是难题. 22.(14分)(2022•枣庄二模)已知抛物线x2=2py上点(2,2)处的切线经过椭圆的两个顶点.(1)求椭圆E的方程;(2)过椭圆E的上顶点A的两条斜率之积为﹣4的直线与该椭圆交于B、C两点.请问:是否存在一点D,使得直线BC恒过该点?若存在,请求出定点D的坐标;若不存在,请说明理由;(3)在(2)的条件下,过点A作直线BC的垂线,垂足为H,求点H的轨迹方程.15考点:直线与圆锥曲线的关系;轨迹方程;椭圆的标准方程.专题:圆锥曲线的定义、性质与方程.分析:(1)利用导数求出抛物线在点(2,2)处的切线方程,得到椭圆的两个顶点坐标,则椭圆方程可求;(2)设出过A点的两条直线的斜率,写出两条直线AB和AC的直线方程,和椭圆方程联立后求出B和C两点的坐标,结合斜率之积等于﹣4可以证明直线BC所在的直线方程为,从而说明直线BC过定点(0,0);(3)设出H的坐标,由题意可知,代入坐标后可得H的轨迹方程.解答:解:(1)将(2,2)代入x2=2py,得4=4p,所以p=1,故抛物线方程为x2=2y.即.y对x求导得y′=x,所以抛物线x2=2y上点(2,2)处的切线的斜率为y′|x=2=2.所以抛物线在点(2,2)处的切线方程为y﹣2=2(x﹣2),即y=2x﹣2.它与两坐标轴的交点分别为(1,0),(0,﹣2).由题意可知,a=2,b=1.所以椭圆E的方程分别为;(2)假设直线BC恒过定点D.设直线AB的斜率kAB=k1,直线AC的斜率kAC=k2,则k1k2=﹣4.从而直线AB的方程为y=k1x+2.联立,整理得.从而点B的横坐标,.所以点B的坐标为.同理点C的坐标为.于是,,.,.所以点B,C均在直线上.15而两点确定一条直线,所以直线BC的方程为,即.所以BC恒过定点D(0,0);(3)设H(x,y),由(2)知,∠AHO=90°,所以.又因为,所以有x2+y(y﹣2)=0,即x2+(y﹣1)2=1.所以H的轨迹方程为x2+(y﹣1)2=1(去掉点(0,2)).点评:本题考查了椭圆的标准方程,考查了利用平面向量求轨迹方程,考查了直线与圆锥曲线的关系,考查了学生灵活处理问题和解决问题的能力,考查了学生的运算能力,属难题. 15
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