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江苏省南京市、盐城市2022届高三数学第二次模拟考试试题

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南京市、盐城市2022届高三年级第二次模拟考试数学一、填空题1、函数的最小正周期为。2、已知复数,其中是虚数单位,则复数在复平面上对应的点位于第象限。3、右图是一个算法流程图,如果输入的值是,则输出的值是。4、某工厂为了了解一批产品的净重(单位:克)情况,从中随机抽测了100件产品的净重,所得数据均在区间[96,106]中,其频率分布直方图如图所示,则在抽测的100件产品中,净重在区间[100,104]上的产品件数是。5、袋中有大小、质地相同的红、黑球各一个,现有放回地随机摸取3次,每次摸取一个球若摸出红球,得2分,摸出黑球,得1分,则3次摸球所得总分至少是4分的概率是。6、如图,在平面四边形ABCD中,AC,BD相交于点O,E为线段AO的中点,若(),则7、已知平面α,β,直线,给出下列命题:①若,,则,②若,,则,③若,则,④若,,则.其中是真命题的是。(填写所有真命题的序号)。8、如图,在中,D是BC上的一点。已知,20则AB=。9、在平面直角坐标系xoy中,已知抛物线C:的焦点为F,定点,若射线FA与抛物线C相交于点M,与抛物线C的准线相交于点N,则FM:MN=。10、记等差数列的前n项和为,已知,且数列也为等差数列,则=。11、已知知函数,,则不等式的解集是。12、在平面直角坐标系中,已知⊙C:,A为⊙C与x负半轴的交点,过A作⊙C的弦AB,记线段AB的中点为M.则直线AB的斜率为。13、已知均为锐角,且,则的最大值是。14、已知函数,当时,关于的方程的所有解的和为。二、解答题15、在中,角A、B、C的对边分别为.已知.(1)若,求的面积;(2)设向量,,且,求的值。2016、如图,在四棱锥P—ABCD中,,,,.(1)求证:平面;(2)若M为线段PA的中点,且过三点的平面与PB交于点N,求PN:PB的值。(第16题图)PABCDM17.右图为某仓库一侧墙面的示意图,其下部是矩形ABCD,上部是圆AB,该圆弧所在的圆心为O,为了调节仓库内的湿度和温度,现要在墙面上开一个矩形的通风窗EFGH(其中E,F在圆弧AB上,G,H在弦AB上)。过O作,交AB于M,交EF于N,交圆弧AB于P,已知(单位:m),记通风窗EFGH的面积为S(单位:)(1)按下列要求建立函数关系式:(i)设,将S表示成的函数;(ii)设,将S表示成的函数;(2)试问通风窗的高度MN为多少时?通风窗EFGH的面积S最大?2018、如图,在平面直角坐标系中,椭圆E:的离心率为,直线l:与椭圆E相交于A,B两点,,C,D是椭圆E上异于A,B两点,且直线AC,BD相交于点M,直线AD,BC相交于点N.(1)求的值;(2)求证:直线MN的斜率为定值。xyAOBCDMN(第18题图)19、已知函数,其中为常数.(1)若,求曲线在点处的切线方程.(2)若,求证:有且仅有两个零点;(3)若为整数,且当时,恒成立,求的最大值。2020.给定一个数列,在这个数列里,任取项,并且不改变它们在数列中的先后次序,得到的数列的一个阶子数列。已知数列的通项公式为,等差数列,,是数列的一个3子阶数列。(1)求的值;(2)等差数列是的一个阶子数列,且,求证:(3)等比数列是的一个阶子数列,求证:20南京市、盐城市2022届高三年级第二次模拟考试数学附加题21、选做题A,选修4-1;几何证明选讲如图,过点A的圆与BC切于点D,且与AB、AC分别交于点E、F.已知AD为∠BAC的平分线,求证:EF||BCBADECF(第21A题图)B.选修4-2:矩阵与变换已知矩阵,A的逆矩阵(1)求a,b的值;(2)求A的特征值。C.选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系xoy中,已知曲线C:,直线l:.设曲线C与直线l交于A,B两点,求线段AB的长度。D.选修4-5:不行等式选讲已知x,y,z都是正数且xyz=1,求证:(1+x)(1+y)(1+z)≥822、甲、乙两支排球队进行比赛,约定先胜3局者获得比赛的胜利,比赛随即结束。除第五局甲队获胜的概率是外,其余每局比赛甲队获胜的概率都是.假设各局比赛结果相互独立.(1)分别求甲队以3:0,3:1,3:2获胜的概率;20(2)若比赛结果为3:0或3:1,则胜利方得3分、对方得0分;若比赛结果为3:2,则胜利方得2分、对方得1分.求甲队得分X的分布列及数学期望。23、(本小题满分10分)已知,定义(1)记,求的值;(2)记,求所有可能值的集合。20南京市、盐城市2022届高三年级第二次模拟考试数学参考答案一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共70分.1.p2.一3.-24.555.6.7.③④8.9.10.5011.(1,2)12.213.14.1000015.(本小题满分14分)在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a,b,c.已知cosC=.(1)若×=,求△ABC的面积;(2)设向量x=(2sin,),y=(cosB,cos),且x∥y,求sin(B-A)的值.解:(1)由·=,得abcosC=.又因为cosC=,所以ab==.……………………2分又C为△ABC的内角,所以sinC=.……………………4分所以△ABC的面积S=absinC=3.……………………6分(2)因为x//y,所以2sincos=cosB,即sinB=cosB.…………………8分因为cosB≠0,所以tanB=.因为B为三角形的内角,所以B=.…………………10分所以A+C=,所以A=-C.所以sin(B-A)=sin(-A)=sin(C-)=sinC-cosC=×-×20=.…………………14分16.(本小题满分14分)如图,在四棱锥P—ABCD中,AD=CD=AB,AB∥DC,AD⊥CD,PC⊥平面ABCD.(1)求证:BC⊥平面PAC;(第16题图)PABCDM(2)若M为线段PA的中点,且过C,D,M三点的平面与PB交于点N,求PN:PB的值.证明:(1)连结AC.不妨设AD=1.因为AD=CD=AB,所以CD=1,AB=2.因为ÐADC=90°,所以AC=,ÐCAB=45°.在△ABC中,由余弦定理得BC=,所以AC2+BC2=AB2.所以BC^AC.……………………3分因为PC^平面ABCD,BCÌ平面ABCD,所以BC^PC.……………………5分因为PCÌ平面PAC,ACÌ平面PAC,PC∩AC=C,所以BC^平面PAC.……………………7分(第16题图)PABCDMN(2)如图,因为AB∥DC,CDÌ平面CDMN,ABË平面CDMN,所以AB∥平面CDMN.……………………9分因为ABÌ平面PAB,平面PAB∩平面CDMN=MN,所以AB∥MN.……………………12分在△PAB中,因为M为线段PA的中点,所以N为线段PB的中点,即PN:PB的值为.……………………14分17.(本小题满分14分)EBGANDMCFOHP(第17题图)右图为某仓库一侧墙面的示意图,其下部是一个矩形ABCD,上部是圆弧AB,该圆弧所在圆的圆心为O.为了调节仓库内的湿度和温度,现要在墙面上开一个矩形的通风窗EFGH(其中E,F在圆弧AB上,G,H在弦AB上).过O作OP^AB,交AB于M,交EF于N,交圆弧AB于P.已知OP=10,MP=6.5(单位:m),记通风窗EFGH的面积为S(单位:m2).20(1)按下列要求建立函数关系式:(i)设∠POF=θ(rad),将S表示成θ的函数;(ii)设MN=x(m),将S表示成x的函数;(2)试问通风窗的高度MN为多少时,通风窗EFGH的面积S最大?解:(1)由题意知,OF=OP=10,MP=6.5,故OM=3.5.(i)在Rt△ONF中,NF=OFsinθ=10sinθ,ON=OFcosθ=10cosθ.在矩形EFGH中,EF=2MF=20sinθ,FG=ON-OM=10cosθ-3.5,故S=EF×FG=20sinθ(10cosθ-3.5)=10sinθ(20cosθ-7).即所求函数关系是S=10sinθ(20cosθ-7),0<θ<θ0,其中cosθ0=.…………4分(ii)因为MN=x,OM=3.5,所以ON=x+3.5.在Rt△ONF中,NF===.在矩形EFGH中,EF=2NF=,FG=MN=x,故S=EF×FG=x.即所求函数关系是S=x,0<x<6.5.…………8分(2)方法一:选择(i)中的函数模型:令f(θ)=sinθ(20cosθ-7),则f′(θ)=cosθ(20cosθ-7)+sinθ(-20sinθ)=40cos2θ-7cosθ-20.…………10分由f′(θ)=40cos2θ-7cosθ-20=0,解得cosθ=,或cosθ=-.因为0<θ<θ0,所以cosθ>cosθ0,所以cosθ=.设cosα=,且α为锐角,则当θ∈(0,α)时,f′(θ)>0,f(θ)是增函数;当θ∈(α,θ0)时,f′(θ)<0,f(θ)是减函数,所以当θ=α,即cosθ=时,f(θ)取到最大值,此时S有最大值.即MN=10cosθ-3.5=4.5m时,通风窗的面积最大.…………14分方法二:选择(ii)中的函数模型:因为S=,令f(x)=x2(351-28x-4x2),20则f′(x)=-2x(2x-9)(4x+39).………10分因为当0<x<时,f′(x)>0,f(x)单调递增,当<x<时,f′(x)<0,f(x)单调递减,所以当x=时,f(x)取到最大值,此时S有最大值.即MN=x=4.5m时,通风窗的面积最大.…………14分18.(本小题满分16分)xyAOBCDMN(第18题图)如图,在平面直角坐标系xOy中,椭圆E:+=1(a>b>0)的离心率为,直线l:y=x与椭圆E相交于A,B两点,AB=2.C,D是椭圆E上异于A,B的任意两点,且直线AC,BD相交于点M,直线AD,BC相交于点N.(1)求a,b的值;(2)求证:直线MN的斜率为定值.解:(1)因为e==,所以c2=a2,即a2-b2=a2,所以a2=2b2.……2分故椭圆方程为+=1.由题意,不妨设点A在第一象限,点B在第三象限.由解得A(b,b).又AB=2,所以OA=,即b2+b2=5,解得b2=3.故a=,b=.………………5分(2)方法一:由(1)知,椭圆E的方程为+=1,从而A(2,1),B(-2,-1).①当CA,CB,DA,DB斜率都存在时,设直线CA,DA的斜率分别为k1,k2,C(x0,y0),显然k1≠k2.20从而k1·kCB=·====-.所以kCB=-.……………………8分同理kDB=-.于是直线AD的方程为y-1=k2(x-2),直线BC的方程为y+1=-(x+2).由解得从而点N的坐标为(,).用k2代k1,k1代k2得点M的坐标为(,).…………11分所以kMN===-1.即直线MN的斜率为定值-1.………14分②当CA,CB,DA,DB中,有直线的斜率不存在时,根据题设要求,至多有一条直线斜率不存在,故不妨设直线CA的斜率不存在,从而C(2,-1).仍然设DA的斜率为k2,由①知kDB=-.此时CA:x=2,DB:y+1=-(x+2),它们交点M(2,-1-).BC:y=-1,AD:y-1=k2(x-2),它们交点N(2-,-1),从而kMN=-1也成立.由①②可知,直线MN的斜率为定值-1.…………16分20方法二:由(1)知,椭圆E的方程为+=1,从而A(2,1),B(-2,-1).①当CA,CB,DA,DB斜率都存在时,设直线CA,DA的斜率分别为k1,k2.显然k1≠k2.直线AC的方程y-1=k1(x-2),即y=k1x+(1-2k1).由得(1+2k12)x2+4k1(1-2k1)x+2(4k12-4k1-2)=0.设点C的坐标为(x1,y1),则2·x1=,从而x1=.所以C(,).又B(-2,-1),所以kBC==-.………………8分所以直线BC的方程为y+1=-(x+2).又直线AD的方程为y-1=k2(x-2).由解得从而点N的坐标为(,).用k2代k1,k1代k2得点M的坐标为(,).………11分所以kMN===-1.20即直线MN的斜率为定值-1.………………14分②当CA,CB,DA,DB中,有直线的斜率不存在时,根据题设要求,至多有一条直线斜率不存在,故不妨设直线CA的斜率不存在,从而C(2,-1).仍然设DA的斜率为k2,则由①知kDB=-.此时CA:x=2,DB:y+1=-(x+2),它们交点M(2,-1-).BC:y=-1,AD:y-1=k2(x-2),它们交点N(2-,-1),从而kMN=-1也成立.由①②可知,直线MN的斜率为定值-1.………………16分19.(本小题满分16分)已知函数f(x)=1+lnx-,其中k为常数.(1)若k=0,求曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程;(2)若k=5,求证:f(x)有且仅有两个零点;(3)若k为整数,且当x>2时,f(x)>0恒成立,求k的最大值.(参考数据ln8=2.08,ln9=2.20,ln10=2.30)解:(1)当k=0时,f(x)=1+lnx.因为f¢(x)=,从而f¢(1)=1.又f(1)=1,所以曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程y-1=x-1,即x-y=0.………3分(2)当k=5时,f(x)=lnx+-4.因为f¢(x)=,从而当x∈(0,10),f′(x)<0,f(x)单调递减;当x∈(10,+∞)时,f′(x)>0,f(x)单调递增.所以当x=10时,f(x)有极小值.………………5分因f(10)=ln10-3<0,f(1)=6>0,所以f(x)在(1,10)之间有一个零点.20因为f(e4)=4+-4>0,所以f(x)在(10,e4)之间有一个零点.从而f(x)有两个不同的零点.……………8分(3)方法一:由题意知,1+lnx->0对x∈(2,+∞)恒成立,即k<对x∈(2,+∞)恒成立.令h(x)=,则h¢(x)=.设v(x)=x-2lnx-4,则v¢(x)=.当x∈(2,+∞)时,v¢(x)>0,所以v(x)在(2,+∞)为增函数.因为v(8)=8-2ln8-4=4-2ln8<0,v(9)=5-2ln9>0,所以存在x0∈(8,9),v(x0)=0,即x0-2lnx0-4=0.当x∈(2,x0)时,h¢(x)<0,h(x)单调递减,当x∈(x0,+∞)时,h¢(x)>0,h(x)单调递增.所以当x=x0时,h(x)的最小值h(x0)=.因为lnx0=,所以h(x0)=∈(4,4.5).故所求的整数k的最大值为4.……………16分方法二:由题意知,1+lnx->0对x∈(2,+∞)恒成立.f(x)=1+lnx-,f¢(x)=.①当2k≤2,即k≤1时,f¢(x)>0对x∈(2,+∞)恒成立,所以f(x)在(2,+∞)上单调递增.而f(2)=1+ln2>0成立,所以满足要求.②当2k>2,即k>1时,当x∈(2,2k)时,f′(x)<0,f(x)单调递减,当x∈(2k,+∞),f′(x)>0,f(x)单调递增.所以当x=2k时,f(x)有最小值f(2k)=2+ln2k-k.从而f(x)>0在x∈(2,+∞)恒成立,等价于2+ln2k-k>0.令g(k)=2+ln2k-k,则g¢(k)=<0,从而g(k)在(1,+∞)为减函数.因为g(4)=ln8-2>0,g(5)=ln10-3<0,所以使2+ln2k-k<0成立的最大正整数k=4.20综合①②,知所求的整数k的最大值为4.………16分20.(本小题满分16分)给定一个数列{an},在这个数列里,任取m(m≥3,m∈N*)项,并且不改变它们在数列{an}中的先后次序,得到的数列称为数列{an}的一个m阶子数列.已知数列{an}的通项公式为an=(n∈N*,a为常数),等差数列a2,a3,a6是数列{an}的一个3阶子数列.(1)求a的值;(2)等差数列b1,b2,…,bm是{an}的一个m(m≥3,m∈N*)阶子数列,且b1=(k为常数,k∈N*,k≥2),求证:m≤k+1;(3)等比数列c1,c2,…,cm是{an}的一个m(m≥3,m∈N*)阶子数列,求证:c1+c2+…+cm≤2-.解:(1)因为a2,a3,a6成等差数列,所以a2-a3=a3-a6.又因为a2=,a3=,a6=,代入得-=-,解得a=0.……………3分(2)设等差数列b1,b2,…,bm的公差为d.因为b1=,所以b2≤,从而d=b2-b1≤-=-.………………6分所以bm=b1+(m-1)d≤-.又因为bm>0,所以->0.即m-1<k+1.所以m<k+2.又因为m,k∈N*,所以m≤k+1.……………9分(3)设c1=(t∈N*),等比数列c1,c2,…,cm的公比为q.因为c2≤,所以q=≤.从而cn=c1qn-1≤(1≤n≤m,n∈N*).20所以c1+c2+…+cm≤+++…+=[1-]=-.…………13分设函数f(x)=x-,(m≥3,m∈N*).当x∈(0,+∞)时,函数f(x)=x-为单调增函数.因为当t∈N*,所以1<≤2.所以f()≤2-.即c1+c2+…+cm≤2-.………16分20南京市、盐城市2022届高三年级第二次模拟考试数学附加题参考答案A.选修4—1:几何证明选讲BADECF(第21A题图)如图,过点A的圆与BC切于点D,且与AB、AC分别交于点E、F.已知AD为∠BAC的平分线,求证:EF∥BC.证明:如图,连接ED.BADECF(第21A题图)因为圆与BC切于D,所以∠BDE=∠BAD.……………………4分因为AD平分∠BAC,所以∠BAD=∠DAC.又∠DAC=∠DEF,所以∠BDE=∠DEF.所以EF∥BC.……………………10分B.选修4-2:矩阵与变换已知矩阵A=,A的逆矩阵A-1=.(1)求a,b的值;(2)求A的特征值.解:(1)因为AA-1===.所以解得a=1,b=-.……………………5分(2)由(1)得A=,则A的特征多项式f(λ)==(λ-3)(λ-1).令f(λ)=0,解得A的特征值λ1=1,λ2=3.…………………10分C.选修4-4:坐标系与参数方程在平面直角坐标系xOy中,已知曲线C:(s为参数),直线l:(t20为参数).设C与l交于A,B两点,求线段AB的长度.解:由消去s得曲线C的普通方程为y=x2;由消去t得直线l的普通方程为y=3x-2.……………5分联立直线方程与曲线C的方程,即解得交点的坐标分别为(1,1),(2,4).所以线段AB的长度为=.……………10分D.选修4-5:不等式选讲已知x,y,z都是正数,且xyz=1,求证:(1+x)(1+y)(1+z)≥8.证明:因为x为正数,所以1+x≥2.同理1+y≥2,1+z≥2.所以(1+x)(1+y)(1+z)≥2·2·2=8.因为xyz=1,所以(1+x)(1+y)(1+z)≥8.……10分22.(本小题满分10分)甲、乙两支排球队进行比赛,约定先胜3局者获得比赛的胜利,比赛随即结束.除第五局甲队获胜的概率是外,其余每局比赛甲队获胜的概率都是.假设各局比赛结果相互独立.(1)分别求甲队以3∶0,3∶1,3∶2获胜的概率;(2)若比赛结果为3∶0或3∶1,则胜利方得3分、对方得0分;若比赛结果为3∶2,则胜利方得2分、对方得1分.求甲队得分X的分布列及数学期望.解:(1)记甲队以3∶0,3∶1,3∶2获胜分别为事件A,B,C.由题意得P(A)==,P(B)=C··=,P(C)=C··=.……………5分(2)X的可能取值为0,1,2,3.P(X=3)=P(A)+P(B)=;P(X=2)=P(C)=,P(X=1)=C··=,P(X=0)=1-P(1≤X≤3)=.所以X的分布列为:20X0123P从而E(X)=0×+1×+2×+3×=.答:甲队以3∶0,3∶1,3∶2获胜的概率分别为,,.甲队得分X的数学期望为.……………………10分23.(本小题满分10分)已知m,n∈N*,定义fn(m)=.(1)记am=f6(m),求a1+a2+…+a12的值;(2)记bm=(-1)mmfn(m),求b1+b2+…+b2n所有可能值的集合.解:(1)由题意知,fn(m)=所以am=…………………2分所以a1+a2+…+a12=C+C+…+C=63.…………………4分(2)当n=1时,bm=(-1)mmf1(m)=则b1+b2=-1.…………6分当n≥2时,bm=又mC=m·=n·=nC,所以b1+b2+…+b2n=n[-C+C-C+C+…+(-1)nC]=0.所以b1+b2+…+b2n的取值构成的集合为{-1,0}.…………10分20

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2022-08-25 20:46:41 页数:20
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文章作者:U-336598

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