四川省成都市名师堂学校2022学年高一物理上学期第三学月试题（含解析）

2022-2022学年四川省成都市名师堂学校高一（上）第三学月物理试卷一、选择题（共10个小题，有的小题只有一个答案正确，有的有多个答案正确，选对得4分，漏选得2分，错选不选得零分）1．（4分）关于合力与其两个分力的关系．下列说法中正确的是（　　）　A．合力的作用效果与两个分力共同作用的效果相同　B．合力的大小一定等于两个分力的代数和　C．合力一定大于它的任一分力　D．合力的大小可能等于某一分力的大小　2．（4分）作用在同一物体上的下列几组共点力中，合力可能为零的有（　　）　A．3N、4N、5NB．2N、3N、6NC．4N、6N、9ND．5N、6N、llN　3．（4分）设有5个力同时作用于质点P，它们的大小和方向相当于正6边形的两条边和三条对角线，如图所示，这5个力的合力的大小等于其中最小力的（　　）　A．3倍B．4倍C．5倍D．6倍　4．（4分）运动员双手握住竖直的杆子匀速攀上和匀速下滑时，运动员所受的摩擦力分别是F1和F2，则（　　）　A．F1方向向下，F2方向向上，且F1=F2B．Fl方向向下，F2方向向上，且F1＞F2　C．F1和F2的方向都向上．且F1=F2D．F1和F2的方向都向下，且F1=F2　5．（4分）下列物理量为矢量的是（　　）　A．平均速度B．加速度C．路程D．时间　6．（4分）已知物体做直线运动，下列说法正确的是（　　）　A．加速度增大，速度一定增大B．物体有加速度，速度不一定增加　C．速度变化越快，加速度越大D．物体速度为零，加速度一定为零　7．（4分）一质点由静止开始作匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后作匀减速直线运动，加速度大小为a2，若再经时间t恰能回到出发点，则a1：a2应为（　　）　A．1：1B．1：2C．1：3D．1：4　8．（4分）汽车原来以速度v匀速行驶，刹车后加速度大小为a，做匀减速直线运动，则t秒后其位移为（　　）　A．vt﹣B．C．﹣vt+D．无法确定-16-　9．（4分）物体某段过程的v﹣t图象如图所示，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，则在t1～t2过程中（　　）　A．加速度不断增大B．速度不断减小　C．平均速度=D．平均速度＞　10．（4分）（2022•湖北模拟）一列车队从同一地点先后开出n辆汽车在平直的公路上排成直线行驶，各车均由静止出发先做加速度为a的匀加速直线运动，达到同一速度v后改做匀速直线运动，欲使n辆车都匀速行驶时彼此距离均为s，则各辆车依次启动的时间间隔为（不计汽车的大小）（　　）　A．B．C．D．　二、实验题（共12分）11．（6分）如图所示为接在频率为50Hz的低压交流电电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的点是依次所选的计数点，但第三个计数点未画出，相邻计数点间均有4个实际打下的点未画出，则由图示数据可求得，该物体的加速度为　_________　m/s2（保留3位有效数字），打第3个计数点时，该物体的速度为　_________　m/s（保留3位有效数字）　12．（6分）（2022•大庆二模）有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力TOA，TOB和TOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是　_________　．A．钩码的个数N1=N2=2，N3=4B．钩码的个数N1=N3=3，N2=4C．钩码的个数N1=N2=N3=4D．钩码的个数，N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，应该做好三个方面的记录：　_________　；　_________　；　_________　．-16-　三、计算题（每小题12分，共48分．要求写出必要的步骤．）13．（12分）一辆汽车以10m/s的初速度在水平地面上匀减速滑动，加速度大小为2m/s2，．求：（1）汽车在6秒内的位移大小．（2）汽车在最后1s内的平均速度的大小．　14．（12分）某物理实验小组在成都七中游泳池做了一个实验：将一个小木球离水面5m高静止释放（不计空气阻力），经1.40s后落入池底速度刚好为零．假定木球在水中做匀减速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）木球在水中运动的加速度的大小（2）游泳池水的深度．　15．（12分）一辆电动玩具车A点由静止开始以加速度a1在地面上做匀加速直线运动，经过一段时间后立即做匀减速运动，最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据．求：t（s）0.00.20.4…1.21.4…v（m/s）0.01.02.0…1.10.7…（1）小车加速运动的加速度a1的大小（2）AC的距离（3）t=0.6s时的瞬时速度v．　16．（12分）如图所示，木块A、B与弹簧M拴接，弹簧N的上端与木块B拴接．弹簧M、N的弹性系数分别为k1、k2，木块A、B的质量分别为m1、m2．木块A的上端用一根细绳通过一定滑轮的缓慢向上提上面的木块A，当弹簧N的下端刚离开地面时，（重力加速度为g）求：（1）木块B移动的距离（2）木块A移动的距离．-16-　-16-2022-2022学年四川省成都市名师堂学校高一（上）第三学月物理试卷参考答案与试题解析　一、选择题（共10个小题，有的小题只有一个答案正确，有的有多个答案正确，选对得4分，漏选得2分，错选不选得零分）1．（4分）关于合力与其两个分力的关系．下列说法中正确的是（　　）　A．合力的作用效果与两个分力共同作用的效果相同　B．合力的大小一定等于两个分力的代数和　C．合力一定大于它的任一分力　D．合力的大小可能等于某一分力的大小考点：力的合成．专题：直线运动规律专题．分析：合力与分力的关系时等效替代的关系，大小关系是：通过这两个关系进行判断．解答：解：A：合力与分力的关系时等效替代的关系，等效说的就是相同的作用效果，故A正确．B：合力与分力大小关系是：，所以合力最大可以等于两个分力的代数和，故B错误．C：合力与分力大小关系是：，例如：3N和4N的力合力的取值范围是：[1N，7N]，当合力取7N时，合力可能大于它的任一分力，故C错误．D：合力与分力大小关系是：，例如：3N和4N的力合力的取值范围是：[1N，7N]，当合力取3N时，合力的大小可能等于某一分力的大小，故D正确．故选：AD点评：本题考查的是合力与分力的关系，合力与分力的大小关系判断时可取几个特值比较，如取两个分力的大小分别为：2N和3N．　2．（4分）作用在同一物体上的下列几组共点力中，合力可能为零的有（　　）　A．3N、4N、5NB．2N、3N、6NC．4N、6N、9ND．5N、6N、llN考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：判断各选项中的三个力的合力能否为零为零．常用的方法是先找出其中两个力的合力范围，看看第三个力是否在这两个力的合力的范围之内，在范围之内合力可以为零，否则则不能．解答：解：A、3N、4N的合力范围为1N≤F≤7N，5N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零．故A正确．-16-B、2N、3N的合力范围为1N≤F≤5N，6N不在合力范围内，所以三个力的合力不能为零．故B错误．C、4N、6N的合力范围为2N≤F≤10N，9N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零．故C正确．D、5N、6N的合力范围为1N≤F≤11N，11N在合力范围内，所以三个力的合力可能为零．故D正确．故选ACD．点评：判断三个力的合力能否为零，首先判断其中两个力的合力范围是关键．两个力的合力最小时是二力在同一条直线上且方向相反，最小合力大小是二力大小的差，方向沿着较大的力的方向；两个力的合力最大时是二力在同一条直线上且方向相同，最大合力大小是二力的代数和，方向与原二力的方向相同．　3．（4分）设有5个力同时作用于质点P，它们的大小和方向相当于正6边形的两条边和三条对角线，如图所示，这5个力的合力的大小等于其中最小力的（　　）　A．3倍B．4倍C．5倍D．6倍考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：此题关键是根据平面几何知识找出角度的大小，进行力的合成时选择合适的力进行合成．解答：解：先确定角的大小：因为图形是正六边形，所以∠1=120°，各个定点是圆上的点，所以∠2=90°，∠3=30°即：三角形PCB为直角三角形且∠CBP=30°选F2与F5合成，合成后的合力大小为F3=2F5选F1与F4合成，合成后的合力大小为F3=2F1又：F5与F1都是一条边，所以：F5=F1所以总的合力为：3F3=6F1故：合力为最小力的6倍故选：D点评：此题的关键是选择合适的分力进行合成，合成后根据正六边形的特点找出角度进行计算即可．　4．（4分）运动员双手握住竖直的杆子匀速攀上和匀速下滑时，运动员所受的摩擦力分别是F1和F2，则（　　）　A．F1方向向下，F2方向向上，且F1=F2B．Fl方向向下，F2方向向上，且F1＞F2　C．F1和F2的方向都向上．且F1=F2D．F1和F2的方向都向下，且F1=F2考点：滑动摩擦力．-16-专题：摩擦力专题．分析：运动员匀速攀上和匀速下滑过程都是受力平衡，竖直方向都受到重力和摩擦力，由于重力向下，根据二力平衡，摩擦力一定向上，大小等于重力．解答：解：运动员匀速攀上过程受力平衡，竖直方向受到重力和静摩擦力，由于重力向下，根据二力平衡，静摩擦力一定向上，大小等于重力；运动员匀速下滑过程受力平衡，竖直方向受到重力和滑动摩擦力，由于重力向下，根据二力平衡，滑动摩擦力一定向上，大小等于重力；故选C．点评：本题关键先确定物体的运动情况，然后受力分析，再根据平衡条件确定摩擦力的大小和方向．　5．（4分）下列物理量为矢量的是（　　）　A．平均速度B．加速度C．路程D．时间考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小，又有方向的物理量．而标量是只有大小，没有方向的物理量，根据有没有方向确定是标量还是矢量．解答：解：A、平均速度既有大小，又有方向，是矢量，其方向与位移方向相同．故A正确．B、加速度既有大小，又有方向，是矢量，其方向与合力方向相同．故B正确．C、D路程、时间只有大小，没有方向，是标量．故CD错误．故选AB点评：矢量与标量有两大区别，一是矢量有方向，标量没有方向；二运算法则不同，标量遵守代数加减法则，而矢量遵守平行四边形定则．　6．（4分）已知物体做直线运动，下列说法正确的是（　　）　A．加速度增大，速度一定增大B．物体有加速度，速度不一定增加　C．速度变化越快，加速度越大D．物体速度为零，加速度一定为零考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，由加速度的定义可知速度与加速度的关系．解答：解：A、当加速度与速度同向时，物体的速度增加；若二者反向，则速度减小；故如果二者反向，加速度增加速度减小的更快，故A错误；B、物体若有加速度，则一定有速度的变化，但由A的分析可知，速度有可能是减小的，故B正确；C、加速度是描述速度变化快慢的，速度变化越快，则加速度越大，故C正确；D、物体的速度为零，但物体的速度可能还在发生变化，故加速度不一定为零，故D错误；故选BC．点评：在学习中要注意理解加速度的概念，可借助牛顿第二定律理解速度与加速度的关系．　7．（4分）一质点由静止开始作匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后作匀减速直线运动，加速度大小为a2，若再经时间t恰能回到出发点，则a1：a2应为（　　）-16-　A．1：1B．1：2C．1：3D．1：4考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：质点在加速过程和减速过程中，位移大小相等，方向相反，据此根据运动学位移公式可正确求解．解答：解：在加速阶段有：①减速阶段的位移为：②其中：v0=a1tx1=﹣x2③联立①②③解得：a1：a2=1：3，故ABD错误，C正确．故选C．点评：熟练掌握运动学公式中各个物理量的含义和公式的矢量性，这要在平时训练中不断的加强练习以加深理解．　8．（4分）汽车原来以速度v匀速行驶，刹车后加速度大小为a，做匀减速直线运动，则t秒后其位移为（　　）　A．vt﹣B．C．﹣vt+D．无法确定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：汽车刹车后做匀减速直线运动，利用匀减速直线运动规律求解．解答：解：取汽车初速度方向为正方向，因为a是加速度的大小，故加速度取﹣a，根据匀变速直线运动位移时间关系x=和速度时间关系v=v0+at得汽车停车时间t=根据运动性质可知，当t时汽车做匀减速直线运动，直接使用位移公式求位移；当t时汽车先做匀减速直线运动，后静止不动，总位移为时间内的位移．因为题目没给出t与的关系，故不能确定汽车的具体位移．故选D．点评：汽车刹车做匀减速直线运动，这一过程持续到汽车静止，利用匀变速直线运动位移时间关系时要确认汽车停车时间．　9．（4分）物体某段过程的v﹣t图象如图所示，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，则在t1～t2过程中（　　）-16-　A．加速度不断增大B．速度不断减小　C．平均速度=D．平均速度＞考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以，故CD错误．故选：B点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．　10．（4分）（2022•湖北模拟）一列车队从同一地点先后开出n辆汽车在平直的公路上排成直线行驶，各车均由静止出发先做加速度为a的匀加速直线运动，达到同一速度v后改做匀速直线运动，欲使n辆车都匀速行驶时彼此距离均为s，则各辆车依次启动的时间间隔为（不计汽车的大小）（　　）　A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．-16-分析：设某辆车从静止开始做匀加速直线运动经过时间t速度恰好达到v，其前面一辆车运动时间为t+△t，根据两车的位移差为s即可求解．解答：解：设某辆车从静止开始做匀加速直线运动经过时间t速度恰好达到v，其前面一辆车运动时间为t+△t，则s1=at2，s1+s=at2+v•△t．联立上述方程得各辆车依次启动的时间间隔△t=，故D项正确．故选D．点评：该题主要考查了匀加速直线运动位移时间公式，难度不大，属于基础题．　二、实验题（共12分）11．（6分）如图所示为接在频率为50Hz的低压交流电电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的点是依次所选的计数点，但第三个计数点未画出，相邻计数点间均有4个实际打下的点未画出，则由图示数据可求得，该物体的加速度为　1.17　m/s2（保留3位有效数字），打第3个计数点时，该物体的速度为　0.510　m/s（保留3位有效数字）考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）相邻计数点间均有4个实际打下的点未画出，所以T=0.1s，设AB位移是x1，BC位移是x2，CD位移是x3，DE位移是x4，据匀变速直线运动的推论：xm﹣xn=（m﹣n）aT2，得：x4﹣x1=3aT2，解得：a==1.17m/s2，（2）由△x=aT2x4﹣x1=3aT2=3.50cm解得：△x=1.17cm即匀变速直线运动在连续相等的时间间隔（0.1s）内位移之差为0.17cm，所以x2=x1+△x=4.52cmx3=x2+△x=5.69cm，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，-16-v3==0.510m/s故答案为：1.17；0.510点评：利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．　12．（6分）（2022•大庆二模）有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力TOA，TOB和TOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是　BCD　．A．钩码的个数N1=N2=2，N3=4B．钩码的个数N1=N3=3，N2=4C．钩码的个数N1=N2=N3=4D．钩码的个数，N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下钩码和绳子前，应该做好三个方面的记录：　O点的位置　；　钩码的个数N1、N2、N3　；　拉力TOA、TOB、TOC的方向　．考点：验证力的平行四边形定则．分析：两头挂有钩码的细绳跨过两光滑的固定滑轮，另挂有钩码的细绳系于O点（如图所示）．由于钩码均相同，则钩码个数就代表力的大小．所以O点受三个力处于平衡状态，由平行四边形定则可知：三角形的三个边为三个力的大小．为验证平行四边形，必须作图，所以要强调三力平衡的交点、力的大小（钩码的个数）与力的方向．解答：解：（1）对O点受力分析OAOBOC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以0C等于OD．因此三个力的大小构成一个三角形．A项以钩码的个数表示力的大小，则不能构成三角形，故A不正确．B项以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等腰三角形，故B正确．-16-C项以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成等边三角形，故C正确D项以钩码的个数表示力的大小，则三力为边构成直角三角形，故D正确故选BCD（2）为验证平行四边形定则，必须通过作受力图．所以先明确受力点，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示．因此要做好记录，是从力的三要素角度出发．故答案为：O点的位置钩码的个数；N1、N2、N3拉力TOA、TOB、TOC的方向点评：掌握三力平衡的条件，理解平行四边形定则．同时验证平行四边形定则是从力的图示角度去作图分析．　三、计算题（每小题12分，共48分．要求写出必要的步骤．）13．（12分）一辆汽车以10m/s的初速度在水平地面上匀减速滑动，加速度大小为2m/s2，．求：（1）汽车在6秒内的位移大小．（2）汽车在最后1s内的平均速度的大小．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）先求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车停止后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式或者，求出刹车后的位移；（2）求出最后1秒内的位移，根据求出其平均速度大小，或者根据求出物体的加速度大小．解答：解：（1）物体做匀减速直线运动，当速度减速为零时所需时间为：，因此汽车在第6秒已经停止，故汽车6秒内的位移等于5秒内的位移，因此有：=故汽车在6秒内的位移大小为25m．（2）汽车减速为零的运动过程可以看做反向匀加速直线运动，因此有：最后1秒内的位移为：所以汽车的最后一秒内的平均速度为：故汽车在最后1s内的平均速度的大小为：1m/s．点评：解决本题的关键是知道汽车刹车停止后不再运动，在6s内的位移等于5s内的位移；明确运动规律熟练应用运动学公式求解．　14．（12分）某物理实验小组在成都七中游泳池做了一个实验：将一个小木球离水面5m高静止释放（不计空气阻力），经1.40s后落入池底速度刚好为零．假定木球在水中做匀减速运动，重力加速度g=10m/s2．求：-16-（1）木球在水中运动的加速度的大小（2）游泳池水的深度．考点：自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：自由落体运动专题．分析：（1）小木球离水面5m高静止释放，做自由落体运动直到水面，根据位移时间公式求出时间，根据速度时间公式求出落水时的速度，再根据即可求得加速度；（2）根据平均速度乘以时间即可求解．解答：解：（1）小木球离水面5m高静止释放，做自由落体运动直到水面，根据位移时间公式得：解得：t1=1s所以v1=gt1=10m/s在水中运动的时间为：t2=1.4﹣t1所以（2）木球在水中做匀加速直线运动，平均速度等于所以：答：（1）木球在水中运动的加速度的大小为25m/s2；（2）游泳池水的深度为2m．点评：该题主要考查了自由落体运动及匀减速直线运动基本公式的应用，难度不大，属于基础题．　15．（12分）一辆电动玩具车A点由静止开始以加速度a1在地面上做匀加速直线运动，经过一段时间后立即做匀减速运动，最后停在C点．每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据．求：t（s）0.00.20.4…1.21.4…v（m/s）0.01.02.0…1.10.7…（1）小车加速运动的加速度a1的大小（2）AC的距离（3）t=0.6s时的瞬时速度v．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；瞬时速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由加速度的定义式可解得两个过程的加速度；总位移的解法应当分为加速过程和减速过程来求解，瞬时速度则可以用速度时间关系式．解答：解：（1）设加速过程加速度为a1，减速过程加速度为a2由加速度的定义式：-16-加速度为a2的大小（2）设经t秒车达到最大速度为vm，从t时刻到1.4s列速度时间关系式：v=vm﹣a2（1.4﹣t）解得：t=0.5s；vm=2.5m/s所以总位移：=2.19m（3）由速度时间关系式得：v=vm﹣a2（0.6﹣0.5）=2.3m/s答：小车加速运动的加速度a1的大小5m/s2；AC的距离为2.19m，t=0.6s时的瞬时速度2.3m/s点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的获取信息方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助．　16．（12分）如图所示，木块A、B与弹簧M拴接，弹簧N的上端与木块B拴接．弹簧M、N的弹性系数分别为k1、k2，木块A、B的质量分别为m1、m2．木块A的上端用一根细绳通过一定滑轮的缓慢向上提上面的木块A，当弹簧N的下端刚离开地面时，（重力加速度为g）求：（1）木块B移动的距离（2）木块A移动的距离．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：当弹簧N的下端刚离开地面时，即弹簧N下端虽然和地面接触，但没有相互作用力，对B受力分析可求出N和M上的弹力，由胡克定律可求出N和M的形变量，从而求出B和A移动的距离．解答：解：未加力提AB时：对AB组成的整体为研究对象受力分析如图：-16-由平衡条件：F=（m1+m2）g由胡克定律：F=kx得：此时弹簧N的形变量：x1=弹簧N的下端刚离开地面时，弹簧N无弹力，即恢复原长：所以B上升的距离为：未加力提AB时：对A受力分析如图：由平衡条件：F1=m1g由胡克定律：F=kx得：此时弹簧M的被压缩的量：x2=提起后：对B受力分析如图：簧N的下端刚离开地面时，弹簧N无弹力，地面无支持力；-16-由平衡条件：F2=m2g由胡克定律：F=kx得：此时弹簧M的被拉伸的量：x3=所以在整个过程中：A上升的距离为：x1+x2+x3=答：（1）木块B移动的距离：（2）木块A移动的距离：点评：此题主要考察临界条件得应用，找出临界条件，选择合适的研究对象分别受力分析，应用平衡条件列式计算即可．　-16-