安徽省六安市舒城中学高一物理上学期第四次统考试题

舒城中学2022-2022学年度第一学期第四次统考高一物理时间：90分钟满分：100分一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1－8题只有一个选项符合题意，9－12题有多个选项符合题意。选对的得4分，对而不全得2分，选错或不选的得0分。1．16世纪末意大利科学家伽利略在研究运动和力的关系时，提出了著名的斜面实验，其中应用到的物理思想方法属于（　　）A．等效替代B．实验归纳 C．理想实验 D．控制变量2．某物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度a（a≠0）的共点力组合是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　（）A．3N、4N、5NB．2N、4N、6NC．1N、3N、5ND．4N、6N、8N3．如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在拉力F的作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度a1和a2，则（）A．a1＝a2＝0B．a1＝a2＝aC．a1＝aa2＝aD．a1＝aa2＝－a4．一根粗细均匀的铜棒质量为m，放在光滑的水平面上，在铜棒轴线方向受水平向右的拉力F做匀加速直线运动，则棒中自左向右各截面处的张力大小为　（）A．都等于FB．逐渐增大C．逐渐减小D．都等于零5．竖直上抛的物体，从抛出到落回原地的过程中，若物体所受空气阻力与物体运动的速度成正比，则此过程中物体的加速度的大小变化情况可能是（）-8-A．先减小后增大B．一直增大C．先增大后减小D．一直减小6．如图所示，木块A、B静止叠放在光滑水平面上，A的质量为m，B的质量为2m。现施水平力F拉B，A、B刚好不发生相对滑动，一起沿水平面运动。若改用水平力F1拉A，使A、B也保持相对静止，一起沿水平面运动，则F1不得超过（）ABA．2FB．FC．3FD．F7.如图所示，静置于水平地面上的斜面体质量M，倾角为θ，质量为m的木块恰好沿斜面体匀速下滑，若再施加一平行于斜面向下的力F去推m。斜面体仍静止不动，此时M所受水平地面的摩擦力方向，说法正确的是（）A．为零B．水平向右C．水平向左D．无法确定8.如图所示，物块A放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角θ，发现当θ=30°和θ=45°时物块A所受的摩擦力大小恰好相等，则物块A与木板之间的动摩擦因数为（）A． B． C．D．9．一个物体做匀变速直线运动，它在第2s内的位移为3m，则下列说法正确的是(　　)A．物体在第2s末的速度一定是4m/sB．物体的加速度一定是2m/s2C．物体在前3s内的位移一定是9mD．物体在第5s内的位移可能为010．如图所示，放在水平光滑平面上的物体A和B，质量分别M和m，水平恒力F作用在物体A上，物体间的作用力为F1；水平恒力F作用在物体B上，物体间的作用力为F2，则（）ABABFFA．B．C．D．11．如图所示，卡车沿水平路面向左做直线运动，车厢上平放着质量为m-8-的木箱，木箱与卡车保持相对静止。车厢尾部的竖直支架上用细线悬挂有一个质量也为m的小球，频闪相机拍下的某一张照片上发现小球偏向后方，细线与竖直方向夹角为θ，关于这一瞬间的分析正确的是A．车一定做加速运动（）B．木箱受到的摩擦力可能为0C．细线的拉力可能为D．小球可能受力平衡12.如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态(不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦)．现用水平向右的力F作用于物体B上，缓慢拉开一小角度，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中A．地面对斜面体的弹力可能减小(　　)B．物体A所受斜舒中高一统考物理第1页(共4页)面体的摩擦力一定变大C．绳子对B的拉力一定变大D．地面对斜面体的摩擦力一定变大第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、实验题：本大题共2小题，共12分。θ物块纸带打点计时器图a0123456图b13．（6分）某物理课外小组利用图a中的装置研究小物块的匀变速直线运动。实验时长木板调整成倾角θ＝37°。小物块沿木板下滑时，用打点计时器测出不同时刻的点迹。图b是实验中获得的一条较理想的纸带，测得从0点开始的相邻两计数点间距离分别为：1.50cm、3.49cm、5.51cm、7.50cm、9.48cm、11.49cm。已知交变电流的频率为50Hz，相邻两点间还有四个点未标出。重力加速度取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。（1）由测量数据可得，小物块的加速度a＝m/s2。（结果保留2位有效数字）（2）小物块与木板间的动摩擦因数μ＝___________。14．（6分）如图甲为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m-8-，小车和砝码的总质量为M。实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是（　　）A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动C．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是（　　）A．M＝200g，m＝20g、40g、60g、80g、100gB．M＝200g，m＝10g、20g、30g、40g、50gC．M＝500g，m＝20g、40g、60g、80g、100gD．M＝500g，m＝10g、20g、30g、40g、50g（3）在“探究加速度a与合力F的关系”时，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的图线如图所示，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因，______________________________________。四、计算题：本大题共4小题，计40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。FAB15．（10分）如图所示，用力F提拉用细绳连在一起的A、B两物体，以a＝5m/s2的加速度匀加速竖直上升，已知A、B的质量分别为mA＝1kg、mB＝2kg，绳子所能承受的最大拉力Tm＝35N，g取10m/s2。求：（1）拉力F的大小；（2）为使绳不被拉断，加速上升的最大加速度。16．（10分）质量为m=3kg-8-的木块，放在水平地面上，木块与地面的动摩擦因数μ=0.5，现对木块施加F=30N，方向与水平方向成θ=370的拉力，如图所示，木块运动4s后撤去拉力F直到木块停止.(sin370=0.6,cos370=0.8，g=10m/s2)求（1）撤去拉力F时木块的速度为多大；（2）木块在水平面上运动的总位移为多少A53°Pm17．（10分）如图所示，细线的一端固定于倾角θ＝53º度的光滑斜面A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球，已知重力加速度大小为g，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6。当斜面和小球一起水平向左运动时，求：（1）若一起向左匀速运动，斜面对小球的支持力；（2）若一起以加速度大小a＝水平向左加速运动，此时细线对小球拉力的大小。θBA18．（10分）如图所示，浅色的传送带与地面的倾角θ＝37º，长度L＝16m，以速度v0＝10m/s逆时针转动。在传送带上端A无初速度地放一个质量m＝0.5kg的碳块，碳块与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5，g＝10m/s2，sin37º＝0.6，cos37º＝0.8。求：（1）碳块经过多长时间速度增加到与传送带速度相同;（2）碳块在传送带上留下的痕迹长度。-8-一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1－8题只有一个选项符合题意，9－12题有多个选项符合题意。选对的得4分，对而不全得2分，选错或不选的得0分。123456789101112CCDBDBABCDADBCCD二、实验题：本大题共2小题，共12分。13．（1）a＝2.0m/s2。（保留2位有效数字）（2）μ＝___0.50或(0.5)________。14．（1）______C_____；（2）_____D______；（3）_____没有平衡摩擦力或木板倾角过小__。三、计算题：本大题共4小题，计40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15．（10分）(1)45N(2)7.5m/s216．（10分）(1)24m/s(2)105.6m解:（1）分析物体的受力情况，设匀加速运动的加速度为a1，则由牛顿第二定律得又联立得a1=6m/s2则撤去拉力F时木块的速度为-8-（2）物体做匀加速运动通过的位移为撤去拉力F后物体的加速度大小为由，得故总位移为A53°Pm17．（10分）(1)FN=6m(2)设斜面对小球的支持力刚好等于0时,水平向左的加速度为a0,小球只受重力和绳的拉力F作用在水平方向：Fcos53o=ma0在竖直方向：Fsin53o=mg解得,a0=0.75g由于a>a0,所以小球已离开斜面设此时细绳与水平面夹角为α,细绳对小球的拉力为F1，对小球,在水平方向：F1cosα=ma在竖直方向：F1sinα=mg解得：F1=2mg18．（10分）（1）1s（2）5m（1）传送带逆时针转动，当物体下滑速度小于传送带转动速度时，物体相对传送带向上运动，则物体所受滑动摩擦力沿传送带向下，设物体的加速度大小为a1，出牛顿第二定律得mgsin37°+μmgcos37°=mal则有al=10m/s2设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，位移为x1，则有t1==1s（2）第一阶段：炭块的位移为：x1=a1t2=5 m，传送带的位移为：x2=vt1=10m物体的速度小于传送带的速度产生痕迹长度为Δx1=x2-x1=5m-8-第二阶段：当物体运动速度等于传送带速度瞬间，有mgsin37>μmgcos37°，则下一时刻物体相对传送带向下运动，受到传送带向上的滑动摩擦力。设加速度为a2，θBA则又l-x1=vt2+a2t2解得：t2=ls(t2=-11s舍去）此段中，传送带前进的位移为x3＝υt2＝10m而物体的位移x4＝11m物体的速度大于传送带的速度后产生痕迹长度Δx＝x4－x3＝1m．因二段痕迹重叠故痕迹长度仍为5m.-8-