江苏省盐城市亭湖区南洋中学高二物理上学期期中试题学测班含解析

2022-2022学年江苏省盐城市亭湖区南洋中学高二（上）期中物理试卷（学测班）一、选择题（本题共23小题，每小题四个选项中只有一个正确，请选出各题中一个符合题意的选项，每题3分，共69分）1．关于元电荷的理解，下列说法正确的是：()A．元电荷就是电子B．元电荷就是所带电荷量是1库仑的单位电荷C．元电荷就是质子D．任何带电体所带的电荷量都只能是元电荷的整数倍2．下列说法不正确的是()A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用D．电荷只有通过接触才能产生力的作用3．电场中有一点P，下列说法中正确的有()A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为就是放在该点的正电荷受电场力的方向4．如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则()A．a点场强一定大于b点场强B．形成这个电场的电荷一定带正电C．形成这个电场的电荷一定带负电-25-\nD．正电荷由a点从静止开始运动，其运动方向一定沿ab方向5．在真空中一匀强电场，电场中有一质量的0.01g，带电荷量为﹣1×10﹣8C的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运运，取g=10m/s2，则()A．场强方向水平向左B．场强的方向竖直向下C．场强的大小是5×106N/CD．场强的大小是5×103N/C6．如图所示，M、N是某个点电荷电场中的一条电场线上的两点，在线上O点由静止释放一个自由的负电荷，它将沿电场线向N点运动，下列判断正确的是()A．电场线由N指向M，该电荷加速运动，加速度越越小B．电场线由N指向M，该电荷加速运动，其加速度大小的变化不能确定C．电场线由M指向N，该电荷做加速运动，加速度越越大D．电场线由N指向M，该电荷做加速运动，加速度越越大7．如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的()A．单个正点电荷B．单个负点电荷C．等量同种点电荷D．等量异种点电荷8．下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是()A．B．C．D．9．关于电容器，以下说法正确的是()A．电容器两板正对面积变大，电容变小-25-\nB．电容器两板距离变大，电容变大C．两板间放入电介质，电容变大D．两板间电压增大，电容变大10．据预测，21世纪智能机器人将进入家庭．各种各样的传感器是智能机器人的核心部分，传感器是一种将感受到的物理量（如光、热、力、声等）转化成便于测量的量（一般是电学量）的转化装置．图是一种测量压力的电容式传感器，当待测压力F作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生压力发生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计、直流电源串联，接成闭和电路，那么()①当F向上压膜片电极时，电容将减小．②当F向上压膜片电极时，电容将增大．③若电流计有示数，则压力F发生变化．④若电流计有示数，则压力F不发生变化．A．①③B．②③C．①④D．②④11．下列叙述中正确的有()A．导体中电荷运动就形成电流B．电流强度的单位是安培，是国际单位制中的基本单位C．电流强度是一个标量，其方向是没有意义的D．对于导体，只要其两端电势差为零，电流强度未必为零12．示波管中，电子枪1秒内发射了6×1013个电子，则示波管中电流强度的大小为()A．4.8×10﹣6AB．3×10﹣13AC．9.6×10﹣6AD．3×10﹣6A13．弹簧下挂一条形磁棒，当给螺线管通电后，下列说法正确的是()-25-\nA．若将a接电源正极，b接负极时，弹簧秤的示数减小B．若将a接正极，b接负极时，弹簧秤的示数增大C．若将b接正极，a接负极时，弹簧秤的示数不变D．若将b接正极，a接负极时，弹簧秤的示数减小14．首先发现了电流的磁效应，用实验展示了电与磁联系的人是()A．中国古代科学家沈括B．美国科学家富兰克林C．丹麦科学家奥斯特D．一名美国商人15．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部．当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的()A．aB．bC．cD．d16．如图所示，把长为L的导体棒置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是()A．大小为，方向竖直向上B．大小为，方向竖直向下C．大小为BIL，方向竖直向上D．大小为BIL，方向竖直向下-25-\n17．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为()A．水平向右B．水平向左C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外18．如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，直导线与磁场方向垂直，电流方向向左，则该导线所受安培力的方向是()A．沿纸面向上B．沿纸面向下C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外19．如图为一台理想变压器，初、次级线圈的匝数分别为n1=400匝，n2=800匝，连接导线的电阻忽略不计，那么可以确定()A．这是一台降压变压器B．次级线圈两端的电压是初级线圈两端电压的一半C．通过次级线圈的电流是通过初级线圈电流的一半D．变压器输出的电功率是输入的电功率的一半20．在收听广播时，我们要转动收音机的旋钮选择电台．这一过程在技术上叫做()A．调制B．解调C．调频D．调谐21．电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台发射波长为100m的无线电波，那么收音机在接收这个电台时调谐的频率应工作在()-25-\nA．1.50MHzB．5.00MHzC．6.00MHzD．3.00MHz22．下列关于用电常识的说法中，正确的是()A．家用电器铭牌上所标的电压值指的是交流电压的平均值B．电容器铭牌上所标的电压值是指有效值C．洗衣机、电饭锅等家用电器的插座都是三孔的，其中有一孔是接地D．多个大功率电器可以接到同一移动插座上，并同时使用23．用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．下列属于这类传感器的是()A．红外报警装置B．走廊照明灯的声控开关C．自动洗衣机中的压力传感装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器二、填空题（本题共2小题，请将正确答案填写在题目中的空格线上，共10分）24．如图所示的电路，当开关闭合时，小灯泡将__________（选填“逐渐”或“立刻”）变亮．当开关断开时，小灯泡将__________（选填“逐渐”或“立刻”）熄灭．25．在如图所示的匀强电场中，电场线上的a、b两点相距为d=5cm．在a点放了一个点电荷q=﹣10﹣10C，它所受到的电场力为10﹣8N．求：（1）a点的场强大小和方向；（2）如果将q从a点移动到b点，电场力做的功．-25-\n三、计算题（本题共3小题，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，共21分）26．现代科技离不开电磁波，历史上首先预言电磁波存在的物理学家是__________，他认为变化的磁场会产生电场；如图所示，螺线管的匝数为100匝，在0.1s内穿过螺线管的磁通量变化了0.02Wb，则螺线管两端产生的感应电动势为__________V．27．一直流电动机线圈内阻一定，用手握住转轴使其不能转动，在线圈两端加电压为4V时，电流为1.6A，电动机正常工作时在线圈两端加电压为4V时，电流为1A，求该电动机正常工作时，输出的功率是多少？28．如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的大小为E的匀强电场中，电场范围足够大，小球静止时丝线与竖直方向的夹角为θ，求：（1）小球带何种电？电荷量为多少？（2）若将丝线烧断，小球将做什么运动？为什么？-25-\n2022-2022学年江苏省盐城市亭湖区南洋中学高二（上）期中物理试卷（学测班）一、选择题（本题共23小题，每小题四个选项中只有一个正确，请选出各题中一个符合题意的选项，每题3分，共69分）1．关于元电荷的理解，下列说法正确的是：()A．元电荷就是电子B．元电荷就是所带电荷量是1库仑的单位电荷C．元电荷就是质子D．任何带电体所带的电荷量都只能是元电荷的整数倍【考点】元电荷、点电荷．【分析】人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示．【解答】解：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍．目前测定的元电荷的值e=1.6×10﹣19C，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题．2．下列说法不正确的是()A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用D．电荷只有通过接触才能产生力的作用【考点】电场；库仑定律．【分析】电场时电荷周围存在的一种特殊的物质，电场虽然看不见、摸不着，但是它是一种客观存在的物质形态，电场就是由电荷产生的，有电荷一定有电场存在；电荷产生电场，其它电荷处于这个电场中，电场便对处于其中的电荷有力的作用，故电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电荷不需要接触便能产生作用．-25-\n【解答】解：A、电场时电荷周围存在的一种特殊的物质，电场就是由电荷产生的，有电荷一定有电场存在．故A正确．B、电场虽然看不见、摸不着，但是它是一种客观存在的物质形态．故B正确．C、电荷产生电场，其它电荷处于这个电场中，电场便对处于其中的电荷有力的作用，故电荷间的相互作用是通过电场而产生的，电场最基本的性质是对处在它当中的电荷有力的作用．故正确．D、电荷间的相互作用是通过电场发生的，电荷不需要接触．故D错误．故选：D．【点评】本题要记住并理解电场的基本性质，特别要注意电荷间的相互作用是通过电场发生的，电荷不需要接触便能产生作用．3．电场中有一点P，下列说法中正确的有()A．若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P点的场强方向为就是放在该点的正电荷受电场力的方向【考点】电场强度．【分析】电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场中同一点，场强是一定的．场强方向为就是放在该点的正电荷受电场力的方向．【解答】解：A、场强反映电场本身的性质，只由电场本身决定，与试探电荷无关，则若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强不变．故A错误．B、若P点没有试探电荷，则P点场强不变，不为零，故B错误．C、P点的场强是一定的，由F=qE，可知F与q成正比，E越大，同一电荷在P点受到的电场力越大，故C正确．D、P点的场强方向为就是放在该点的正电荷受电场力的方向．故D正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键是理解并掌握场强的物理意义，明确其方向特点：与正电荷所受的电场力方向相同．-25-\n4．如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则()A．a点场强一定大于b点场强B．形成这个电场的电荷一定带正电C．形成这个电场的电荷一定带负电D．正电荷由a点从静止开始运动，其运动方向一定沿ab方向【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】正电荷的电场线始于正电荷终止于无限远或负电荷，负电荷的电场线始于无限远终止于负电荷，点电荷的电场强度公式E=，判断场强强弱；据场强方向的规定判断电场力的反向，从而判断电荷的运动情况．【解答】解：A、未标明是正电荷还是负电荷的电场线，故a点场强、b点场强大小不一定，故A错误．BC、根据电场线始于正电荷终止于无限远或负电荷，或电场线始于无限远终止于负电荷，此题无法确定电性，故BC错误．D、根据电场强度的方向规定，正电荷受电场力的方向为电场强度的方向，正电荷由a点从静止受向右的电场力开始运动，其运动方向一定沿ab方向，故D正确．故选：D．【点评】考查了点电荷电场线、场强、处于电场中的电荷受力情况，解题关键明确电场线的疏密程度反映场强和场强方向的规定．5．在真空中一匀强电场，电场中有一质量的0.01g，带电荷量为﹣1×10﹣8C的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运运，取g=10m/s2，则()A．场强方向水平向左B．场强的方向竖直向下C．场强的大小是5×106N/CD．场强的大小是5×103N/C【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．-25-\n【分析】尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，根据平衡条件求出电场强度大小和方向．【解答】解：由题，尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，则电场力方向竖直向上，而尘埃带负电，所以电场强度方向竖直向下．根据平衡条件得：mg=qE，得：E==N/C=1×104N/C．故选：B．【点评】带电粒子在匀强电场中平衡时，按照力学的方法和思路进行处理，比较简单．6．如图所示，M、N是某个点电荷电场中的一条电场线上的两点，在线上O点由静止释放一个自由的负电荷，它将沿电场线向N点运动，下列判断正确的是()A．电场线由N指向M，该电荷加速运动，加速度越越小B．电场线由N指向M，该电荷加速运动，其加速度大小的变化不能确定C．电场线由M指向N，该电荷做加速运动，加速度越越大D．电场线由N指向M，该电荷做加速运动，加速度越越大【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向．场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大．【解答】解：由题，负电荷由静止开始从O运动到N，负电荷所受电场力方向从0到N，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由B指向M．负电荷从静止开始，必定做加速运动．由于电场线的分布情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，则电荷加速度可能越来越小，可能越来越大．故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题根据电荷的运动方向确定场强方向不难，容易产生的错误在于分析场强大小的变化来确定加速度的变化，条件不明时，考虑问题要全面．-25-\n7．如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的()A．单个正点电荷B．单个负点电荷C．等量同种点电荷D．等量异种点电荷【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远且两点电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线故两个场源电荷为同种电荷．【解答】解：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷；又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷．综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的．故C正确．故选C．【点评】该题目简单，但需要同学们对电场线的特点比较清晰．解决此类题目的前提是熟悉课本．8．下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是()A．B．C．D．【考点】判断洛仑兹力的方向．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．-25-\n【分析】带电粒子在磁场中运动时，所受洛伦兹力方向由左手定则进行判断，伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向正电荷运动方向或者负电荷运动的反方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向．【解答】解：根据左手定则可知：A图中洛伦兹力方向应该向上，故A错误；B图中电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系符合左手定则，故B正确；C图中洛伦兹力方向应该向里，故C错误；D图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故D错误．故选：B．【点评】带电粒子在磁场中运动受洛伦兹力的条件以及左手定则的熟练应用是对学生的基本要求，要熟练掌握．9．关于电容器，以下说法正确的是()A．电容器两板正对面积变大，电容变小B．电容器两板距离变大，电容变大C．两板间放入电介质，电容变大D．两板间电压增大，电容变大【考点】电容；电容器．【专题】定量思想；控制变量法；电容器专题．【分析】由电容器电容的决定式可确定电容的决定因素，通过控制变量法明确电容的变化；明确电容大小与电量和电压无关．【解答】解：根据电容器的决定式C=可知：A、电容器两极板正对面积变大时，电容变大；故A错误；B、电容器两极板间距离增大时，电容减小；故B错误；C、两板间放入电介质时，由决定式可知电容变大；故C正确；D、电容大小与电压和电量无关，增大电压时电容不变；故D错误；故选：C．【点评】本题考查电容的决定因素，要注意明确电容与电压及电量无关；其大小只与介电常数、板间距以及正对面积有关．-25-\n10．据预测，21世纪智能机器人将进入家庭．各种各样的传感器是智能机器人的核心部分，传感器是一种将感受到的物理量（如光、热、力、声等）转化成便于测量的量（一般是电学量）的转化装置．图是一种测量压力的电容式传感器，当待测压力F作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生压力发生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计、直流电源串联，接成闭和电路，那么()①当F向上压膜片电极时，电容将减小．②当F向上压膜片电极时，电容将增大．③若电流计有示数，则压力F发生变化．④若电流计有示数，则压力F不发生变化．A．①③B．②③C．①④D．②④【考点】电容．【专题】定性思想；方程法；电容器专题．【分析】根据电容器的电容与板间距离的关系判断当F向上压膜片电极时电容的变化．由题，电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，若电流计有示数，电容器在充电或放电，压力F一定发生变化．【解答】解：①②、当F向上压膜片电极时，板间距离减小，由电容的决定式C=得到，电容器的电容将增大．故②正确，①错误．③④、当F变化时，电容变化，而板间电压不变，由Q=CU，故带电荷量Q发生变化，电容器将发生充、放电现象，回路中有电流，电流计有示数．反之，电流计有示数时，压力F必发生变化．故③正确，④错误．综上所述，故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】本题电容器动态变化分析问题，只要掌握电容的定义式和决定式就能正确解答．11．下列叙述中正确的有()-25-\nA．导体中电荷运动就形成电流B．电流强度的单位是安培，是国际单位制中的基本单位C．电流强度是一个标量，其方向是没有意义的D．对于导体，只要其两端电势差为零，电流强度未必为零【考点】电流、电压概念．【专题】应用题；学科综合题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】根据电流的定义及电流产生的原因进行分析解答即可．【解答】解：A、只有导体中电荷的定向移动才能形成电流；故A错误；B、国际单位制中电流的单位是安培，是国际单位制中的基本单位；故B正确；C、电流是一个标量，但有方向，其方向说明电荷的流动方向；故C错误；D、形成电流的条件为导体两端有电势差，若电势差为零，则一定没有电流；故D错误；故选：B．【点评】本题考查电流的条件，注意电流虽有方向，但电流是标量，因为其计算不适用于平行四边形定则．基础题目．12．示波管中，电子枪1秒内发射了6×1013个电子，则示波管中电流强度的大小为()A．4.8×10﹣6AB．3×10﹣13AC．9.6×10﹣6AD．3×10﹣6A【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C．根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小．【解答】解：每个电子的电荷量大小为：e=1.6×10﹣19C6×1013个电子总电荷量为：q=6×1013×1.6×10﹣19C=9.6×10﹣6C，则示波管中电流大小为：I==A=9.6×10﹣6A．故选：C【点评】本题首先要了解电子的电荷量等于元电荷，是个常量．其次要掌握电流的定义式I=，解题时数量级不能出错．-25-\n13．弹簧下挂一条形磁棒，当给螺线管通电后，下列说法正确的是()A．若将a接电源正极，b接负极时，弹簧秤的示数减小B．若将a接正极，b接负极时，弹簧秤的示数增大C．若将b接正极，a接负极时，弹簧秤的示数不变D．若将b接正极，a接负极时，弹簧秤的示数减小【考点】楞次定律．【专题】定性思想；类比法；电磁感应中的力学问题．【分析】当螺线管通电时，线圈中将产生磁场，根据安培定则判断磁场方向，分析螺线管与磁铁之间存在引力还是斥力，来确定弹簧秤示数的变化．【解答】解：AB、当螺线管将a接电源正极，b接负极时，线圈中产生磁场，由安培定则判断得知，螺线管内部磁场方向向上，上端相当于N极，对磁铁产生向上的斥力，所以弹簧秤示数减小，故A正确，B错误；CD、当螺线管将b接正极，a接负极时，线圈中产生磁场，由安培定则判断得知，螺线管内部磁场方向向下，上端相当于S，对磁铁产生向下的引力，所以弹簧秤示数增大，故CD错误；故选：A．【点评】本题考查使用安培定则判定通电螺线管产生的磁场的方向，要注意该方法判断出的是通电螺线管内部的磁场的方向，判定后可以将通电螺线管的磁场等效与条形磁铁的磁场．属于基本应用．14．首先发现了电流的磁效应，用实验展示了电与磁联系的人是()A．中国古代科学家沈括B．美国科学家富兰克林C．丹麦科学家奥斯特D．一名美国商人【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．-25-\n【解答】解：丹麦科学家奥斯特首先发现并用实验证明了电流周围存在磁场，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．15．有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部．当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的()A．aB．bC．cD．d【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】利用安培定则判断出通电螺线管周围磁场方向，注意螺线管内部和外部磁场方向不同，然后根据小磁针静止时N极所指的方向和磁感线的方向一致，从而判断出小磁针静止时方向．【解答】解：根据安培定则可知通电螺线管N极在右端，因此右侧磁场方向水平向右，小磁针c位置不对；上方磁场方向水平向左，所以小磁针d位置正确；左侧水平向右，a位置不对；内部水平向右，b位置不对，故ABC错误，D正确．故选D．【点评】本题比较简单，考察了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从N极到S极，内部从S极到N极．16．如图所示，把长为L的导体棒置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为B，当导体棒中通以方向向左的电流I时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是()-25-\nA．大小为，方向竖直向上B．大小为，方向竖直向下C．大小为BIL，方向竖直向上D．大小为BIL，方向竖直向下【考点】安培力．【分析】本题考查了如何利用左手定则判断通电导体所受安培力作用，应用时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解答】解：根据左手定则可知通电导线中的安培力方向竖直向下，由于此时电流与磁场方向垂直，因此安培力的大小为：F=BIL，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题比较简单，考查了安培力的大小与方向问题，要熟练应用左手定则判断安培力方向，应用公式F=BIL时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．17．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为()A．水平向右B．水平向左C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布．【解答】解：图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：大拇指指向电流方向，四指弯曲方向在内部向里，所以内部磁场应垂直于纸面向里．故选：C．【点评】右手螺旋定则在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．18．如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，直导线与磁场方向垂直，电流方向向左，则该导线所受安培力的方向是()-25-\nA．沿纸面向上B．沿纸面向下C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外【考点】安培力；左手定则．【分析】根据左手定则，结合电流方向和磁场方向确定安培力的方向．【解答】解：磁场方向竖直向上，电流方向水平向左，根据左手定则，知安培力的方向垂直纸面向里．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握左手定则的内容，知道磁感线穿过掌心，四指方向与电流方向相同，大拇指所指方向表示安培力的方向．19．如图为一台理想变压器，初、次级线圈的匝数分别为n1=400匝，n2=800匝，连接导线的电阻忽略不计，那么可以确定()A．这是一台降压变压器B．次级线圈两端的电压是初级线圈两端电压的一半C．通过次级线圈的电流是通过初级线圈电流的一半D．变压器输出的电功率是输入的电功率的一半【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】变压器的原线圈的输入电压决定副线圈的输出电压，副线圈的输出功率决定原线圈的输出功率，由于匝数比不变，故副线圈的输出电压保持不变，当负载电阻减小时，输出功率变大，故输入功率也变大．【解答】解：A、初、次级线圈的匝数分别为n1=400匝，n2=800匝，可知，这是一台升压变压器，故A错误；B、初、次级线圈的匝数分别为n1=400匝，n2=800匝，由电压与匝数成正比得，次级线圈两端的电压是初级线圈两端电压的2倍．故B错误；-25-\nC、初、次级线圈的匝数分别为n1=400匝，n2=800匝，由电流与匝数成反比得，通过次级线圈的电流是通过初级线圈电流的一半，故C正确；D、理想变压器的输出的电功率与输入的电功率是相等的，故D错误；故选：C【点评】该知识点题目比较简单，且题目单一，只要记住了原副线圈的输入功率和输出功率关系，输入电压和输出电压的关系一切题目都水到渠成．20．在收听广播时，我们要转动收音机的旋钮选择电台．这一过程在技术上叫做()A．调制B．解调C．调频D．调谐【考点】电磁波的发射、传播和接收．【专题】定性思想；推理法；光的衍射、偏振和电磁本性专题．【分析】解答本题应掌握声音信号调制及接收的过程：首先要将声音信号转换成音频电信号，然后再通过调制器将音频信号加载到高频电流上，利用天线发射到空中．接收后利用调谐器选出特定的信号，再经放大送入扬声器．【解答】解：使电磁波随各种信号而改变的技术，叫做调制；我们转动收音机的旋钮选择电台，实际上是在选择我们需要的电磁波，这在技术上叫做调谐．故选：D．【点评】本题考查电磁波的调制过程，注意把握信号发射及接收流程，明确调谐的作用．21．电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台发射波长为100m的无线电波，那么收音机在接收这个电台时调谐的频率应工作在()A．1.50MHzB．5.00MHzC．6.00MHzD．3.00MHz【考点】电磁波的发射、传播和接收．【专题】定量思想；推理法；光线传播的规律综合专题．【分析】根据波速、波长、频率的关系式v=λf求出无线电波的频率，接收电台的调谐频率等于电磁波的频率．【解答】解：根据v=λf得，f==3.00MHz．所以收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在3.00MHz．故选：D．-25-\n【点评】本题考查电磁波在真空中传播中波长、频率和波速之间的关系；解决本题的关键知道电磁波波速、频率、波长的关系式，v=λf．22．下列关于用电常识的说法中，正确的是()A．家用电器铭牌上所标的电压值指的是交流电压的平均值B．电容器铭牌上所标的电压值是指有效值C．洗衣机、电饭锅等家用电器的插座都是三孔的，其中有一孔是接地D．多个大功率电器可以接到同一移动插座上，并同时使用【考点】家庭电路和安全用电知识．【专题】定量思想；类比法；恒定电流专题．【分析】用电器上表明的电压值与电流值都是有效值；电容器所标为耐压值；为了保证安全，大功率电器不能同时接在同一移动插座上．【解答】解：A、用电器上表明的电压值与电流值都是有效值；“额定电压220V”指的是交流电压的有效值．故A错误；B、电容器铭牌上所标的电压值是指电压的最大值；故B错误；C、洗衣机、电饭锅等家用电器的插座都是三孔的，其中有一孔是接地；故C正确；D、因多个大功率电器因电流较大，故不能接到同一移动动插座上，不能同时使用；故D错误；故选：C．【点评】本题考查常用电器的工作电压，要注意明确三孔插座的应用，知道家用电器上所标的电压值为有效值．23．用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．下列属于这类传感器的是()A．红外报警装置B．走廊照明灯的声控开关C．自动洗衣机中的压力传感装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器【考点】红外线的热效应和红外线遥控．【专题】光的衍射、偏振和电磁本性专题．-25-\n【分析】用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．【解答】解：用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程．A、红外线报警装置是感应红外线去转换成电学量，从而引起报警．而遥控器调换电视机的频道的过程，也发出红外线．故A正确；B、走廊照明灯的声控开关，实际是将声波转化成电信号的过程，故B不正确；C、自动洗衣机中的压力传感装置，是将压力转化成电信号的过程，故C不正确；D、电饭煲中控制加热和保温的温控器，是将温度转化成电信号的过程，故D不正确．故选：A．【点评】传感器是将非电学量转换成电学量．二、填空题（本题共2小题，请将正确答案填写在题目中的空格线上，共10分）24．如图所示的电路，当开关闭合时，小灯泡将逐渐（选填“逐渐”或“立刻”）变亮．当开关断开时，小灯泡将立刻（选填“逐渐”或“立刻”）熄灭．【考点】自感现象和自感系数．【分析】当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断灯泡的亮度变化．【解答】解：当开关闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，线圈产生的感应电动势阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A逐渐亮起来．当开关断开时，电路断开，线圈和灯泡不能构成回路，故电流立即为零，故小灯泡立刻熄灭．故答案为：逐渐；立刻．【点评】自感现象是特殊的电磁感应现象，断开开关S时，电路断开，灯泡中原来的电流突然消失，灯泡立即熄灭．-25-\n25．在如图所示的匀强电场中，电场线上的a、b两点相距为d=5cm．在a点放了一个点电荷q=﹣10﹣10C，它所受到的电场力为10﹣8N．求：（1）a点的场强大小和方向；（2）如果将q从a点移动到b点，电场力做的功．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）已知试探电荷在电场中受到的电场力F和其电荷量q，由场强的定义式E=求解场强的大小．场强方向与负电荷所受的电场力方向相反．（2）根据功的计算公式W=Fd，求解电场力做的功．【解答】解：（1）已知a点放了一个点电荷q=﹣10﹣10C，所受的电场力F=10﹣8N，则a点的场强大小为：E=||==100N/C，方向水平向右．（2）q所受的电场力方向水平向左，将q从a点移动到b点，电场力做负功，则做功为：W=﹣Fd=﹣10﹣8×0.05J=﹣5×10﹣10J答：（1）a点的场强大小为，100N/C，方向水平向右；（2）如果将q从a点移动到b点，电场力做的功为﹣5×10﹣10J．【点评】解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=和功的一般计算公式W=Fl，明确负电荷所受的电场力与场强方向是相反，功有正负之分，要注意判断功的正负．三、计算题（本题共3小题，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，共21分）26．现代科技离不开电磁波，历史上首先预言电磁波存在的物理学家是麦克斯韦，他认为变化的磁场会产生电场；如图所示，螺线管的匝数为100匝，在0.1s内穿过螺线管的磁通量变化了0.02Wb，则螺线管两端产生的感应电动势为20V．-25-\n【考点】电磁波的产生；法拉第电磁感应定律．【分析】麦克斯韦建立了电磁场理论，预言了电磁波的存在．赫兹用实验证实电磁波存在．根据法拉第电磁感应定律即可求得结果．【解答】解：麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在．根据法拉第电磁感应定律得：E=n=100×V=20V故答案为：麦克斯韦，20．【点评】本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，不能张冠李戴．27．一直流电动机线圈内阻一定，用手握住转轴使其不能转动，在线圈两端加电压为4V时，电流为1.6A，电动机正常工作时在线圈两端加电压为4V时，电流为1A，求该电动机正常工作时，输出的功率是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】当电动机不转动时可视为纯电阻，由欧姆定律可求得电动机内阻；再由能量关系可求得正常转动时的输出功率．【解答】解：由欧姆定律可知，电动机线圈内阻r===2.5Ω；正常工作时的输出功率P出=UI﹣I2r=4×1﹣1×2.5=1.5W；答：该电动机输出功率为1.5W．【点评】本题考查电动机输出功率的计算问题，要注意明确对于非纯电阻电路，不能应用欧姆定律求解，同时要注意正确选择功率公式．28．如图所示，质量为m的带电小球用绝缘丝线悬挂于O点，并处在水平向左的大小为E的匀强电场中，电场范围足够大，小球静止时丝线与竖直方向的夹角为θ，求：-25-\n（1）小球带何种电？电荷量为多少？（2）若将丝线烧断，小球将做什么运动？为什么？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球静止在电场中时，受到重力、线的拉力和电场力而平衡，根据平衡条件确定小球的电性．小球在匀强电场中，受到的电场力大小为F=qE，根据平衡条件求出带电小球的电量．剪断细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，故做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：（1）由于带电小球所受电场力方向向左，电场线方向也向左，则小球带正电．分析小球的受力情况，作出受力图如右图，根据平衡条件得：qE=mgtanθ得：q=（2）小球受重力、电场力和拉力处于平衡，根据共点力平衡得，绳子的拉力为：T=，剪断绳子后，重力和电场力不变，两个力的合力等于绳子的拉力，则有：F合=T=，根据牛顿第二定律得，加速度a=，方向沿绳子方向向下．答：（1）小球带何正电，电荷量为q=（2）若将丝线烧断，小球将做匀加速，因合力不变．【点评】本题是电场中的力平衡和圆周运动问题，要转换观念，当作力学问题去处理，运用平衡条件、牛顿运动定律和动能定理等等力学规律求解．本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解拉力的大小，最后根据牛顿第二定律求加速度．-25-