江苏省苏州五中高二物理上学期期中试题肯特班含解析

2022-2022学年江苏省苏州五中高二（上）期中物理试卷（肯特班）　一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意1．下列说法正确的是（　　）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷C．摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷D．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体　2．地毯中加入少量金属丝的目的是（　　）A．增大地毯的强度和韧性B．避免人走动时产生静电C．将人走动时产生的静电导走D．以上说法都不正确　3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为（　　）A．﹣QB．QC．2QD．4Q　4．毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电．这是因为（　　）A．空气中的正电荷转移到了毛皮上B．空气中的负电荷转移到了橡胶棒上C．毛皮上的电子转移到了橡胶棒上D．橡胶捧上的电子转移到了毛皮上　5．下列事例中主要目的是将电能转化为内能的是（　　）A．给手机充电B．用电饭锅煮饭C．用电风扇吹风D．摩擦起电　6．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）A．电视机B．电热杯C．电风扇D．电脑　7．将规格都是“220V100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（　　）A．三个用电器产生的热量相同B．电风扇产生的热量最多C．电烙铁产生的热量最多；D．电视机产生的热量最多　8．通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的（　　）A．欧姆B．焦耳C．安培D．法拉第　9．额定电压为4V的直流电动机的线圈电阻为1Ω，正常工作时，电动机线圈每秒产生的热量为1J，下列计算结果正确的是（　　）A．电动机正常工作时的输入功率为1WB．电动机正常工作时的输出功率为4WC．电动机每秒能将电能转化成4J的机械能D．电动机正常工作时的电流强度为1A-15-\n　10．已知点电荷A的带电量是点电荷B的电荷量的2倍，则A对B的作用力与B对A是作用力之比是（　　）A．2：1B．1：1C．1：2D．不确定　11．真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F．若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（　　）A．B．C．D．　12．在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带异种电荷的小球，同时从静止释放，则两小球的加速度和速度大小随时间变化的情况是（　　）A．速度变大，加速度变大B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小D．速度变小，加速度变大　13．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q产生的电场线，若带电粒子q（|Q|＞＞q）由a运动到b，电场力做正功，已知在a、b两点粒子所受电场力分别为Fa、Fb，则下例判断正确的是（　　）A．若Q为正电荷，则q带正电，Fa＞FbB．若Q为正电荷，则q带正电，Fa＜FbC．若Q为负电荷，则q带正电，Fa＞FbD．若Q为负电荷，则q带正电，Fa＜Fb　14．磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=5mA，要将它改装为量程0～3A的电流表，所做的操作是（　　）A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0.05Ω的电阻D．并联一个0.05Ω的电阻　15．下列关于电容的说法正确的是（　　）A．电容器简称电容B．电容器A的电容比B的大，说明A的带电荷量比B多C．电容在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量D．由公式C=Q/U知，电容器的电容与电容器两极板间的电压成反比，与电容器所带的电荷量成正比　16．电容器是一种常用的电子元件．对电容器认识正确的是（　　）-15-\nA．电容器的电容表示其储存电荷能力B．电容器的电容与它所带的电量成正比C．电容器的电容与它两极板间的电压成正比D．电容的常用单位有μF和pF，lF=103pF　17．传感器是自动控制设备中不可缺少的元件，已经渗透到宇宙开发、环境保护、交通运输以及家庭生活等各种领域．如下图所示为几种电容式传感器，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是（　　）A．测位移B．测液高C．测压力D．测角度　18．电容器A的电容比电容器B的电容大，这表明（　　）A．A所带的电荷量比B多B．A比B能容纳更多的电荷C．A的体积比B的体积大D．两电容器的电压都改变1V时，A的电荷量改变比B的大　　二、填空题19．把R1=6Ω和R2=9Ω的两个电阻并联接在电源电压为3V的电路两端时，通过R1、R2的电流之比为　　　　　　，在相同时间内R1、R2产生热量之比为　　　　　　．　20．如图是在一定温度下，甲乙两个电阻的电流与电压的关系图象．根据图象可得R甲：R乙=　　　　　　，若将甲乙串联后接在同一电路上，产生的热量Q甲：Q乙=　　　　　　．-15-\n　21．某电路中有一个阻值为2200Ω的电阻丝，它工作时，通过的电流为0.1A，则100s产生的热量是　　　　　　J．　22．小量程电流表G的内阻为50Ω，满偏电流为2mA，若把它改装成3V量程的电压表，需给它串联一个　　　　　　Ω的分压电阻．　23．有一个电流表G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA，要把它改装为量程0﹣3V的电压表，要　　　　　　联阻值为　　　　　　Ω的电阻，改装后电压表的内阻为　　　　　　Ω．　　三、计算题（请写出必要的解题过程和公式）24．（2022秋•夏县校级期末）一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A，接13Ω电阻时，通过电源的电流是0.10A，求电源的电动势和内阻．　25．（2022秋•苏州校级期中）如图所示，一平行板电容器接在U=12V的直流电源上，电容C=3.0×10﹣10F，两极板间距离d=1.20×10﹣3m，取g=10m/s2，求：该电容器所带电荷量．　　2022-2022学年江苏省苏州五中高二（上）期中物理试卷（肯特班）参考答案与试题解析　一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意1．下列说法正确的是（　　）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．不带电的物体上，既没有正电荷，也没有负电荷C．摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷D．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物体带电是指有多余的电荷量，是由于自由电荷的转移导致的，并不是创造出来的，因此物体带电均是元电荷的整数倍，感应带电是自由电子的远离或靠近导致带电．-15-\n【解答】解：A、物体所带电量均是元电荷的整数倍，所以不可能为任意实数．故A错误；B、不带电的物体，并不是没有正、负电荷，而是没有多余的电荷．故B错误；C、摩擦起电是自由电荷转移后，导致物体有多余电荷，从而使物体带上电，故C错误；D、静电感应带电，实质上是导体中的自由电子在电场中受到的电场力作用下，远离或靠近带电体，故D正确；故选：D【点评】考查了电荷守恒定律的同时，还有是：元电荷是带电量的最小单元，其电荷量与电子的电量相等，物体所带电量均是元电荷的整数倍．　2．地毯中加入少量金属丝的目的是（　　）A．增大地毯的强度和韧性B．避免人走动时产生静电C．将人走动时产生的静电导走D．以上说法都不正确【考点】静电现象的解释．【分析】金属丝是导体可将人与地毯摩擦时产生的静电及时导走，避免静电放电引起火灾．【解答】解：人在地毯上走动会产生静电是不可避免的，加入少量金属丝的目的是将人走动产生的静电及时导走，避免形成电荷的积累．故C正确，ABD错误故选：C【点评】该题考查了静电应用与防止，对于这一类的题目，要求能灵活运用知识解释生活问题．基础题目．　3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为（　　）A．﹣QB．QC．2QD．4Q【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两相同的导体相互接触时，若带同种电荷则将两球带电量平分，若带异种电荷则将电量先中和再平分，据此可正确解答本题．【解答】解：两带电体带异种电荷，接触后先将电量中和，故接触后两带电体带电总和为：5Q﹣Q=4Q，当两带电体分开后，将总电量平分，所以将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为2Q，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】本题关键是根据电荷守恒定律得到，两个相同的金属球接触后，电荷总量先中和后均分．　4．毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，橡胶棒带负电．这是因为（　　）A．空气中的正电荷转移到了毛皮上B．空气中的负电荷转移到了橡胶棒上C．毛皮上的电子转移到了橡胶棒上D．橡胶捧上的电子转移到了毛皮上【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子发生了转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；-15-\n【解答】解：摩擦起电是因为电子由一个物体转移到另一物体上，失去电子的物体因缺少电子而带正电，得到电子的物体带负电，毛皮与橡胶棒摩擦，毛皮上的电子转移到了橡胶棒上，毛皮带正电，橡胶棒得到了电子，橡胶棒带负电．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题要记住正负电荷的规定：丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带电．摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电．　5．下列事例中主要目的是将电能转化为内能的是（　　）A．给手机充电B．用电饭锅煮饭C．用电风扇吹风D．摩擦起电【考点】焦耳定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外．用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程，分析每个用电器的能量转化得出答案．【解答】解：电流做功的过程，实际上就是能量转化的过程，消耗电能转化成其它形式的能．A、手机充电是电能转化为化学能，故A错误；B、电饭锅主要是把电能转化为内能，故B正确；C、常见的家用电器中，电风扇主要是把电能转化为机械能，故C错误；D、摩擦起电属于机械能转化为电能，故D错误．故选：B【点评】本题考查了用电器中的能量转化．电风扇、洗衣机主要部件是电动机，把电能转化为机械能．　6．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）A．电视机B．电热杯C．电风扇D．电脑【考点】焦耳定律．【专题】定性思想；归谬反证法；恒定电流专题．【分析】电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，此类电器将电能转化为内能．根据选项中用电器的能量转化情况可逐一做出判断．【解答】解：A、电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故A错误；B、电热杯主要是把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故B正确；C、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故C错误；D、电脑主要是把电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应工作的，故D错误．故选：B【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题．　7．将规格都是“220V100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是（　　）A．三个用电器产生的热量相同B．电风扇产生的热量最多C．电烙铁产生的热量最多；D．电视机产生的热量最多【考点】电功、电功率；焦耳定律．-15-\n【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】分别接入220V的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器．【解答】解：因为U=220V，所以三种用电器的实际功率：P=P额=100W；又因为W=Pt所以三种用电器消耗的电能相同；由于电视机将一部分电能转化为光能，电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电烙铁将电能全部转化为内能．则产生热量最多的是电烙铁．故选：C．【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键．　8．通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的（　　）A．欧姆B．焦耳C．安培D．法拉第【考点】物理学史．【分析】通电导体发热的规律是由焦耳发现的，而欧姆发现了欧姆定律、安培发现了通电导线电流与磁场方向的关系、法拉第发现了电磁感应现象．【解答】解：通电导体发热的现象称为电流的热效应，是由英国科学家焦耳发现的．故选B【点评】对于科学家的重大发现、重要发明和著名学说等物理学史，要加强记忆，这也是考试的内容之一．　9．额定电压为4V的直流电动机的线圈电阻为1Ω，正常工作时，电动机线圈每秒产生的热量为1J，下列计算结果正确的是（　　）A．电动机正常工作时的输入功率为1WB．电动机正常工作时的输出功率为4WC．电动机每秒能将电能转化成4J的机械能D．电动机正常工作时的电流强度为1A【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】已知线圈电阻与线圈产生的热量，应用焦耳定律可以求出通过电动机的电流；然后应用电功率公式与电功公式分析答题．【解答】解：D、因为线圈产生的热量：Q=I2Rt故通过电动机的电流：I===1A，故D正确；A、电动机正常工作时的输入功率P=UI=4V×1A=4W，故A错误；电动机的热功率PQ=I2R=（1A）2×1Ω=1W；B、电动机的输出功率P出=P﹣PQ=4W﹣1W=3W，故B错误；-15-\nC、电动机每秒将电能转化成机械能：W=P出t=3W×1s=3J，故C错误；故选：D．【点评】电动机是非纯电阻电路，电动机的输入功率等于热功率与输出功率之和，应用电功率公式与电功公式即可正确解题．　10．已知点电荷A的带电量是点电荷B的电荷量的2倍，则A对B的作用力与B对A是作用力之比是（　　）A．2：1B．1：1C．1：2D．不确定【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】距离不变，只是将电量增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等．【解答】解：由点电荷库仑力的公式F=k，可以得到，距离不变，将它们之间的电量增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的2倍，而A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时注意理解牛顿第三定律的内容．　11．真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F．若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的，距离变为2r，则它们之间的静电力变为（　　）A．B．C．D．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．【解答】解：真空中两个电荷量均为Q的点电荷，相距为r时的相互作用静电力大小为F，根据库仑定律，有：F=k…①若将这两个点电荷间的距离变为2r，则他们之间的静电力大小变为：F′=k=…②-15-\n故：F′=故选：B．【点评】本题关键是根据库仑定律直接列式求解，基础题．在利用库仑定律解题时，要注意库仑定律的使用条件．　12．在绝缘光滑水平面上，相隔一定距离有两个带异种电荷的小球，同时从静止释放，则两小球的加速度和速度大小随时间变化的情况是（　　）A．速度变大，加速度变大B．速度变小，加速度变小C．速度变大，加速度变小D．速度变小，加速度变大【考点】库仑定律；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律分析电荷间作用力的变化．根据牛顿第二定律分析加速度之比的变化．【解答】解：由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大．由牛顿第二定律得知它们的加速度变大．随着两球间距离减小，电场力做功正功，电势能减少，总动能增加．所以速度增加，故速度变大，加速度变大．故A正确、BCD错误．故选：A．【点评】本题中两球间存在引力，引力逐渐增大，根据功能关系的判断速度变化．　13．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷Q产生的电场线，若带电粒子q（|Q|＞＞q）由a运动到b，电场力做正功，已知在a、b两点粒子所受电场力分别为Fa、Fb，则下例判断正确的是（　　）A．若Q为正电荷，则q带正电，Fa＞FbB．若Q为正电荷，则q带正电，Fa＜FbC．若Q为负电荷，则q带正电，Fa＞FbD．若Q为负电荷，则q带正电，Fa＜Fb【考点】电场线．【分析】根据Q的正负以及电场力做的功判断带电粒子的电性，根据电场线的疏密比较场强的大小，从而得知电场力的大小．【解答】解：AB、若Q为正电荷，带电粒子由a点到b点电场力做正功，则知该带电粒子带正电．由于Ea＞Eb，则Fa＞Fb．故A正确，B错误．CD、若Q为负电荷，带电粒子由a点到b点电场力做正功，则知该带电粒子带负电．由于Ea＞Eb，则Fa＞Fb．故C、D错误．故选：A．-15-\n【点评】解决本题的关键知道电场线的特点，知道电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱．　14．磁电式电流表（表头）最基本的组成部分是磁铁和放在磁铁两极之间的线圈，由于线圈的导线很细，允许通过的电流很弱，所以在使用时还要扩大量程．已知某一表头G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=5mA，要将它改装为量程0～3A的电流表，所做的操作是（　　）A．串联一个570Ω的电阻B．并联一个570Ω的电阻C．串联一个0.05Ω的电阻D．并联一个0.05Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】把电流表改装成大量程电流表，应给电流表并联一个电阻，阻值R并=，I为量程．【解答】解：改装成电流表是要扩大电流的量程，使用并联电路的分流原理；要并联的阻值为：R并==≈0.05Ω；故选：D．【点评】改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻．　15．下列关于电容的说法正确的是（　　）A．电容器简称电容B．电容器A的电容比B的大，说明A的带电荷量比B多C．电容在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量D．由公式C=Q/U知，电容器的电容与电容器两极板间的电压成反比，与电容器所带的电荷量成正比【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关．电容器的作用是隔直流，通交流．【解答】解：A、表述电容器容纳电荷的本领为电容，电容器不是电容，故A错误；B、电容器的电容反映电容器容纳电荷的本领，但容纳的电荷量与两端的电势差有关，电势差越大，则电量越多，并不是说电容越大，电量越多，故B错误；C、由C=可知，电容在数值上等于使两极板间的电势差为1V时的电容器需要带的电量，故C正确；D、电容是由电容器本身所决定的，与电压及电荷量无关，故D错误；故选：C．【点评】本题考查电容器的性质，注意电容是由电容器本身所决定的性质，与电量及电压无关．　16．电容器是一种常用的电子元件．对电容器认识正确的是（　　）-15-\nA．电容器的电容表示其储存电荷能力B．电容器的电容与它所带的电量成正比C．电容器的电容与它两极板间的电压成正比D．电容的常用单位有μF和pF，lF=103pF【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关．【解答】解：A、电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，电容器的电容表示其储存电荷能力，故A正确；B、C、电容器的电容由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关，故BC均错误；D、电容的常用单位有μF和pF，1F=106μF=1012PF，故D错误；故选：A．【点评】本题考查了电容的概念，理解时可以把电容器和容器类比．　17．传感器是自动控制设备中不可缺少的元件，已经渗透到宇宙开发、环境保护、交通运输以及家庭生活等各种领域．如下图所示为几种电容式传感器，其中通过改变电容器两极间距离而引起电容变化的是（　　）A．测位移B．测液高C．测压力D．测角度【考点】常见传感器的工作原理．【分析】电容器的决定式C=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比．-15-\n【解答】解：A、可变电容器，通过改变电介质，根据电容器的决定式C=，可知，改变电容，故A错误；B、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，故B错误C、是通过改变极板间的距离，根据电容器的决定式C=，可知，改变电容器的电容，故C正确D、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，根据电容器的决定式C=，可知，改变电容，故D错误故选C【点评】考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．　18．电容器A的电容比电容器B的电容大，这表明（　　）A．A所带的电荷量比B多B．A比B能容纳更多的电荷C．A的体积比B的体积大D．两电容器的电压都改变1V时，A的电荷量改变比B的大【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容恒量电容器容纳电荷本领的物理量，但实际带电量Q=UC，即还取决于电压U．【解答】解：电容是电容器的固有属性，由电容器本身的构造决定，电容描述了电容器容纳电荷的本领（电容器两极间的电压每改变1V所改变电荷量的多少）大小，而不表示容纳电荷的多少或带电荷量的多少，电容器A的电容比B的大，所以A比B能容纳更多的电荷，A在电压相同的情况下，A容纳的电荷量多，不能说明体积大小等；故AC错误；BD正确；故选：BD．【点评】本题考查电容的定义，要注意明确电容只能说明电容器的本领大小，不能说明实际容纳的电荷量．　二、填空题19．把R1=6Ω和R2=9Ω的两个电阻并联接在电源电压为3V的电路两端时，通过R1、R2的电流之比为　3：2　，在相同时间内R1、R2产生热量之比为　3：2　．【考点】焦耳定律；欧姆定律．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流之比，根据Q=I2Rt=t求出在相同时间内两端产生的热量之比．【解答】解：把R1=6Ω和R2=9Ω的两个电阻并联接在电源电压为3V的电路两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，电流与电阻成反比，所以，通过两电阻的电流之比：==；-15-\n由Q=I2Rt=t，则在相同时间内两端产生的热量之比：．故答案为：3：2；3：2．【点评】本题考查了考查了并联电路的电压特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活应用，是一道较为简单的题目　20．如图是在一定温度下，甲乙两个电阻的电流与电压的关系图象．根据图象可得R甲：R乙=　1：4　，若将甲乙串联后接在同一电路上，产生的热量Q甲：Q乙=　1：4　．【考点】焦耳定律；欧姆定律．【专题】定量思想；比例法；恒定电流专题．【分析】（1）从图象上选取电流为I0，找到对应的电压值，根据欧姆定律求出电阻关系；（2）两电阻串联时通过它们的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt求出甲、乙两电阻产生的热量之比．【解答】解：（1）由图象可知，当通过两电阻电流为I0时U甲=U0，U乙=4U0，根据R=得：甲乙两电阻之比为：R甲：R乙=：=1：4；（2）将甲、乙串联后接在同一电路上，串联电路中各处的电流相等，通电时间相等，由Q=I2Rt，甲、乙两电阻产生的热量之比：Q甲：Q乙=I02R甲t：I02R乙t=R甲：R乙=1：4．故答案为：1：4；1：4．【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电压和电流的对应值．　21．某电路中有一个阻值为2200Ω的电阻丝，它工作时，通过的电流为0.1A，则100s产生的热量是　2200　J．【考点】焦耳定律．【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】知道电阻丝的阻值、通过电阻丝的电流和通电时间，利用焦耳定律求电流通过电阻丝产生的热量．【解答】解：电流通过电阻丝产生的热量：Q=I2Rt=（0.1A）2×2200Ω×100s=2200J．故答案为：2200．-15-\n【点评】本题考查了学生对焦耳定律的公式的了解和掌握，直接带入公式即可求解，属于基础题目．　22．小量程电流表G的内阻为50Ω，满偏电流为2mA，若把它改装成3V量程的电压表，需给它串联一个　1450　Ω的分压电阻．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=﹣Rg，U为改装后的量程．【解答】解：串联电阻阻值：R=﹣Rg=﹣50=1450Ω；故答案为：1450．【点评】考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值．　23．有一个电流表G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=1mA，要把它改装为量程0﹣3V的电压表，要　串　联阻值为　2970　Ω的电阻，改装后电压表的内阻为　3000　Ω．【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为，U为改装后的量程．总电阻为．【解答】解：电流表改装成电压表要串联电阻，所串阻值为：=改装后的电压表的内阻为：答案为：串，2970，3000【点评】考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值．　三、计算题（请写出必要的解题过程和公式）24．（2022秋•夏县校级期末）一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A，接13Ω电阻时，通过电源的电流是0.10A，求电源的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】设电源的电动势和内阻分别为E、r，根据闭合电路欧姆定律E=I（R+r）列出两种情况下的方程，联立求出电源的电动势和内阻．【解答】解：设电源的电动势和内阻分别为E、r，根据闭合电路欧姆定律得：E=I1（R1+r）E=I2（R2+r）联立解得，r=-15-\n代入解得，r=2Ω代入①得，E=0.15×（8+2）V=1.5V答：电源的电动势和内阻分别为1.5V和2Ω．【点评】本题根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，联立求出电源的电动势和内阻，提供了测量电动势和内阻的方法：安阻法．　25．（2022秋•苏州校级期中）如图所示，一平行板电容器接在U=12V的直流电源上，电容C=3.0×10﹣10F，两极板间距离d=1.20×10﹣3m，取g=10m/s2，求：该电容器所带电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】简答题；定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】平行板电容器接在U=12V的直流电源上，板间电压U等于电源的电压．由电容的定义式C=求解电容器所带电量．【解答】解：由电容的定义式C=得，电容器所带电量Q=CU=3.0×10﹣10×12C=3.6×10﹣9C．答：该电容器所带电荷量为3.6×10﹣9C．【点评】本题要区分清楚电容器的电荷量与微粒的电荷量不同，能根据电容的定义式C=直接求解，难度不大，属于基础题．　-15-