河北省黄骅市2022学年高一物理上学期第二次月考试题

河北省黄骅市2022-2022学年高一物理上学期第二次月考试题第Ⅰ卷（客观题共48分）一．选择题（共12题48分，每题4分，其中1-7题只有一个选项正确，8-12题有多个选项正确，不选或错选得0分，选不全得2分。）1.如果要测量国际单位制中规定的三个力学基本物理量时，应该选用的仪器是( )A.米尺、弹簧测力计、秒表                  B.量筒、天平、秒表C.米尺、天平、秒表                        D.米尺、电子测力计、打点计时器2.伽利略对自由落体运动进行了研究，图示大致反映了这一研究过程，下列说法不正确的是（　　）A．甲是真实的实验现象，丁是经合理外推的结论B．利用斜面做实验，可“放大”重力的作用，使现象更明显C．该实验方法的核心是把实验和逻辑推理结合起来D．甲的实验，可“冲淡”重力的作用，使现象更明显3.行驶的汽车在刹车后能静止，这是因为（   ）A．汽车的惯性消失了B．阻力的作用改变了汽车的运动状态C．汽车的惯性小于汽车的阻力D．汽车在刹车过程中受到平衡力的作用而静止4、体育课上一学生在水平篮球场上拍篮球，如图所示，试分析篮球与地面作用时，地面给篮球的弹力方向为( 　)A．斜左上      B．斜右上        C．竖直向下       D．竖直向上11\n5、对静止在水平面上的物体施加一个与水平方向成θ角斜向上的拉力F，保持θ角不变，使F从零开始逐渐增大的过程中，物体始终未离开水平面，在此过程中物体受到的摩擦力将      (       )A．逐渐增大　　                  B．逐渐减小    C．先逐渐增大后逐渐减小     D．先逐渐减小后逐渐增大6.蹦级是一种极限体育项目，可以锻炼人的胆量和意志，运动员从高处跳下，弹性绳被拉展前做自由落体运动，弹性绳被拉展后在弹性的缓冲作用下，运动员下落一定高度后速度减为零。在这下降的全过程中，下列说法中正确的是   （    ） A．弹性绳拉展前运动员处于失重状态，弹性绳拉展后运动员处于超重状态 B．弹性绳拉展后运动员先处于失重状态，后处于超重状态 C．弹性绳拉展后运动员先处于超重状态，后处于失重状态   D．运动员一直处于失重状态7.如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中，B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被B盒接收，从B盒发射超声波开始计时，经时间t0再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的x-t图像，则下列说法正确的是 （）A.超声波的速度B.超声波的速度11\nC.物体的平均速度D.物体的平均速度8.一质点在连续的6s内作匀加速直线运动，在第一个2s内位移为12m，最后一个2s内位移为36m，则下面说法正确的是(    )A．质点的加速度大小是2m/s2B．质点的加速度大小是3m/s2C．第1s末的速度大小是6m/sD．第1s末的速度大小是8m/s9.一物体放在粗糙水平面上保持静止，当加一个与水平方向成θ角的推力F后，仍保持静止，如图，则（   ）A、物体所受的合力增大 B、物体受水平面的支持力增大C、物体受静摩擦力增大 D、物体所受的合力减小10.甲、乙两物体沿同一方向做直线运动，6s末在途中相遇，它们的速度图象如图所示，可以确定（    ）A．t＝0时甲在乙的前方27m处    B．t＝0时乙在甲的前方27m处C．6s之后两物体不会再相遇     D．6s之后两物体还会再相遇11\n11.如图所示，A球被固定在竖直支架上，A球正上方的点O悬有一轻绳拉住B球，两球之间连有轻弹簧，平衡时绳长为L，张力为T1，弹簧弹力为F1.若将弹簧换成原长相同的劲度系数更小的轻弹簧，再次平衡时绳中的张力为T2，弹簧弹力为F2，则(　　)A．T1＞T2                               B．T1＝T2C．F1＜F2                               D．F1＞F212、如图所示，将一长方形木块锯开为A、B两部分后，静止放置在水平地面上．则（　　）A．B受到四个力作用B．B受到五个力作用C．A对B的作用力方向竖直向下D．A对B的作用力方向垂直于它们的接触面向下第Ⅱ卷（共52分）注意事项：第Ⅱ卷共4页，用钢笔或圆珠笔将答案直接写在试题卷上。二．填空题（共2题，15分。）13.(1)在如图所示“探究求合力方法”的实验装置中，橡皮条的一端固定在P点，另一端被小明用A、B两个弹簧测力计拉伸至O点，F1、F2分别表示A、B两个弹簧测力计的读数，则在图示位置时，合力一定 ________（选填“大于”、“小于”或“等于”）F1．(2)现小明将弹簧测力计B从图示位置开始顺时针缓慢转动，而保证结点O的位置和弹簧测力计A的拉伸方向不变，则在此过程中F1、F2的变化情况是:A．F1减小，F2减小        B．F1减小，F2增大C．F1减小，F2先增大后减小    D．F1减小，F2先减小后增大14.某课外活动小组通过如图甲所示的实验装置测量动摩擦因数．将一木板用垫块垫高形成斜面，在木板底端B处固定一个光电门以测量物体通过该处时的速度，实验时滑块由距地面h高的A处静止释放，测出滑到B点的速度v11\n．改变垫块的数量，从而改变木板的倾斜程度，但始终保持释放点A到B点的水平距离（即B、C间的距离）L=0.8m不变．重复实验，最后做出如图乙所示的h﹣v2图象，（1）木板倾斜程度更大时，为了保证L不变，滑块下滑到底端B点的位移将 ____　　　　（填“变大”“变小”或“不变”）（2）滑块与木板间的动摩擦因数μ=　　（3）若所用木板更粗糙些，重复上述实验步骤，得到的图象的斜率将　　（填“变大”“变小”或“不变”）三．计算题（共3题37分，写出必要的过程，只写结果不给分。）得分阅卷人（10分）15.某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演员从高80m的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上，若演员开始下落的同时汽车从60m远处由静止向楼底先匀加速运动3s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车上．（不计空气阻力，人和汽车看作质点，g取10m/s2）求：（1）汽车开到楼底的时间；（2）汽车匀速行驶的速度；（3）汽车匀加速运动时的加速度．得分阅卷人（12分）16.11\n滑雪运动中当滑雪板压在雪地时会把雪内的空气逼出来，在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”，从而大大减小雪地对滑雪板的摩擦．然而当滑雪板相对雪地速度较小时，与雪地接触时间超过某一值就会陷下去，使得它们间的摩擦力增大．假设滑雪者的速度超过4m/s时，滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由μ1=0.25变为μ2=0.125．一滑雪者从倾角θ=37°的坡顶A处由静止开始自由下滑，滑至坡底B后又滑上一段水平雪地，如图所示，不计空气阻力，坡长L=26m，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）滑雪者从静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间；（2）滑雪者到达B处的速度；得分阅卷人（15分）17.如图所示，质量为m的物体，放在一固定斜面上，当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑。对物体施加一大小为F的水平向右恒力，物体可沿斜面匀速向上滑行。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当斜面倾角增大并超过某一临界角θ时，不论水平恒力F多大，都不能使物体沿斜面向上滑行（重力加速度为g），试求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数；（2）水平恒力F的大小(3)这一临界角θ的大小。11\n11\n得分阅卷人附加题（15分） “神舟”六号飞船完成了预定空间科学和技术试验任务后，返回舱于2022年10月17日4时11分开始从太空向地球表面按预定轨道返回，在离地10km的高度打开阻力降落伞减速下降，这一过程中若返回舱所受阻力与速度的平方成正比，比例系数（空气阻力系数）为k，设返回舱总质量M=3000kg，所受空气浮力恒定不变，且认为竖直降落。从某时刻开始计时，返回舱的运动v-t图象如图中的AD曲线所示，图中AB是曲线在A点的切线，切线交于横轴一点B的坐标为（8，0），CD是平行横轴的直线，交纵轴于C点C的坐标为（0，8）。g取10m/s2，请解决下列问题：（1）在初始时刻v0=160m/s时，它的加速度多大？（2）推证空气阻力系数k的表达式并算出其数值。（3）返回舱在距离高度h=1m时，飞船底部的4个反推力小火箭点火工作，使其速度由8m/s迅速减至1m/s后落在地面上，若忽略燃料质量的减少对返回舱总质量的影响，并忽略此阶段速度变化而引起空气阻力的变化，试估算每支小火箭的平均推力（计算结果取两位有效数字）11\n高一第二次月考答案一．选择题1.C2.B3.B4.D5.C6.B7.C8.BC9.BC10.AC11.BD12.AC一．填空题13.小于；D14.（1）变大；（2）0.375；（3）不变．三．计算题15（1）人做自由落体运动，所以h=gt2解得：t===4s所以汽车运动的时间也为4s．（2）（3）因为汽车匀加速时间为t1=3s所以汽车匀速运动的时间为t2=t﹣t1=1s匀加速位移为s1=at2匀速运动速度为：V=at1匀速运动位移为s2=vt2s1+s2=60解得：a=8m/s2v=24m/s16.（1）设滑雪者质量为m，滑雪者在斜坡上从静止开始加速至速度v1=4m/s期间，由牛顿第二定律有：mgsin37°﹣μ1mgcos37°=ma1解得：故由静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间：（2）则根据牛顿定律和运动学公式有：mgsin37°﹣μ2mgcos37°=ma2x2=L﹣x1代入数据解得：vB=16m/s17.（1）物体匀速下滑时根据平衡条件得：mgsin30°=f1N1=mgcos30°又 f1=μN1所以μ=tan30°=（2）物体沿斜面匀速上升，根据平衡条件得：11\n沿斜面方向：Fcos30°=mgsin30°+f2垂直于斜面方向：N2=mgcos30°+Fsin30°又 f2=μN2联立得：F=（3）设斜面的倾角为α，对物体受力分析，由匀速运动的条件应有： Fcosα=mgsinα+① =② =③联立①②③可得F=，讨论如下：当cosα-μsinα=0时，F→∞，即无论用多大的力都不能使物体沿斜面上滑，可解得临界角tanθ=tanα==，解得θ=60°18.（1）根据速度图象性质可知，在初始v0=160m/s时，过A点切线的斜率既为此时的加速度，设为a1，其大小为   （2）由图知，返回舱的v–t图的斜率逐渐减小，最后是以v1=8m/s的速度作匀速运动。设返回舱所受空气浮力为f，在t=0时，根据牛顿第二定律则有：① 速度为时，返回舱受力平衡，即有：  ②由①、②两式解得：  代入数值得：    （3）设每支小火箭的平均推力为F0，反推加速度大小为a2，着地速度为v2由题意知，返回舱在距离地高度h=1m前，已处于匀速运动状态。故返回舱在着地前的加速度由4个小火箭的反推力产生根据牛顿第二定律：又由运动学公式知：11\n由（3）、（4）两式解得：    11