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河北省黄骅市2022学年高一物理上学期第二次月考试题

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河北省黄骅市2022-2022学年高一物理上学期第二次月考试题第Ⅰ卷(客观题共48分)一.选择题(共12题48分,每题4分,其中1-7题只有一个选项正确,8-12题有多个选项正确,不选或错选得0分,选不全得2分。)1.如果要测量国际单位制中规定的三个力学基本物理量时,应该选用的仪器是( )A.米尺、弹簧测力计、秒表                  B.量筒、天平、秒表C.米尺、天平、秒表                        D.米尺、电子测力计、打点计时器2.伽利略对自由落体运动进行了研究,图示大致反映了这一研究过程,下列说法不正确的是(  )A.甲是真实的实验现象,丁是经合理外推的结论B.利用斜面做实验,可“放大”重力的作用,使现象更明显C.该实验方法的核心是把实验和逻辑推理结合起来D.甲的实验,可“冲淡”重力的作用,使现象更明显3.行驶的汽车在刹车后能静止,这是因为(   )A.汽车的惯性消失了B.阻力的作用改变了汽车的运动状态C.汽车的惯性小于汽车的阻力D.汽车在刹车过程中受到平衡力的作用而静止4、体育课上一学生在水平篮球场上拍篮球,如图所示,试分析篮球与地面作用时,地面给篮球的弹力方向为(  )A.斜左上      B.斜右上        C.竖直向下       D.竖直向上11\n5、对静止在水平面上的物体施加一个与水平方向成θ角斜向上的拉力F,保持θ角不变,使F从零开始逐渐增大的过程中,物体始终未离开水平面,在此过程中物体受到的摩擦力将      (       )A.逐渐增大                    B.逐渐减小    C.先逐渐增大后逐渐减小     D.先逐渐减小后逐渐增大6.蹦级是一种极限体育项目,可以锻炼人的胆量和意志,运动员从高处跳下,弹性绳被拉展前做自由落体运动,弹性绳被拉展后在弹性的缓冲作用下,运动员下落一定高度后速度减为零。在这下降的全过程中,下列说法中正确的是   (    ) A.弹性绳拉展前运动员处于失重状态,弹性绳拉展后运动员处于超重状态 B.弹性绳拉展后运动员先处于失重状态,后处于超重状态 C.弹性绳拉展后运动员先处于超重状态,后处于失重状态   D.运动员一直处于失重状态7.如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图,在这个系统中,B为一个能发射超声波的固定小盒子,工作时小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲,脉冲被运动的物体反射后又被B盒接收,从B盒发射超声波开始计时,经时间t0再次发射超声波脉冲,图乙是连续两次发射的超声波的x-t图像,则下列说法正确的是 ()A.超声波的速度B.超声波的速度11\nC.物体的平均速度D.物体的平均速度8.一质点在连续的6s内作匀加速直线运动,在第一个2s内位移为12m,最后一个2s内位移为36m,则下面说法正确的是(    )A.质点的加速度大小是2m/s2B.质点的加速度大小是3m/s2C.第1s末的速度大小是6m/sD.第1s末的速度大小是8m/s9.一物体放在粗糙水平面上保持静止,当加一个与水平方向成θ角的推力F后,仍保持静止,如图,则(   )A、物体所受的合力增大 B、物体受水平面的支持力增大C、物体受静摩擦力增大 D、物体所受的合力减小10.甲、乙两物体沿同一方向做直线运动,6s末在途中相遇,它们的速度图象如图所示,可以确定(    )A.t=0时甲在乙的前方27m处    B.t=0时乙在甲的前方27m处C.6s之后两物体不会再相遇     D.6s之后两物体还会再相遇11\n11.如图所示,A球被固定在竖直支架上,A球正上方的点O悬有一轻绳拉住B球,两球之间连有轻弹簧,平衡时绳长为L,张力为T1,弹簧弹力为F1.若将弹簧换成原长相同的劲度系数更小的轻弹簧,再次平衡时绳中的张力为T2,弹簧弹力为F2,则(  )A.T1>T2                               B.T1=T2C.F1<F2                               D.F1>F212、如图所示,将一长方形木块锯开为A、B两部分后,静止放置在水平地面上.则(  )A.B受到四个力作用B.B受到五个力作用C.A对B的作用力方向竖直向下D.A对B的作用力方向垂直于它们的接触面向下第Ⅱ卷(共52分)注意事项:第Ⅱ卷共4页,用钢笔或圆珠笔将答案直接写在试题卷上。二.填空题(共2题,15分。)13.(1)在如图所示“探究求合力方法”的实验装置中,橡皮条的一端固定在P点,另一端被小明用A、B两个弹簧测力计拉伸至O点,F1、F2分别表示A、B两个弹簧测力计的读数,则在图示位置时,合力一定 ________(选填“大于”、“小于”或“等于”)F1.(2)现小明将弹簧测力计B从图示位置开始顺时针缓慢转动,而保证结点O的位置和弹簧测力计A的拉伸方向不变,则在此过程中F1、F2的变化情况是:A.F1减小,F2减小        B.F1减小,F2增大C.F1减小,F2先增大后减小    D.F1减小,F2先减小后增大14.某课外活动小组通过如图甲所示的实验装置测量动摩擦因数.将一木板用垫块垫高形成斜面,在木板底端B处固定一个光电门以测量物体通过该处时的速度,实验时滑块由距地面h高的A处静止释放,测出滑到B点的速度v11\n.改变垫块的数量,从而改变木板的倾斜程度,但始终保持释放点A到B点的水平距离(即B、C间的距离)L=0.8m不变.重复实验,最后做出如图乙所示的h﹣v2图象,(1)木板倾斜程度更大时,为了保证L不变,滑块下滑到底端B点的位移将 ____    (填“变大”“变小”或“不变”)(2)滑块与木板间的动摩擦因数μ=  (3)若所用木板更粗糙些,重复上述实验步骤,得到的图象的斜率将  (填“变大”“变小”或“不变”)三.计算题(共3题37分,写出必要的过程,只写结果不给分。)得分阅卷人(10分)15.某电视剧制作中心要拍摄一特技动作,要求特技演员从高80m的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上,若演员开始下落的同时汽车从60m远处由静止向楼底先匀加速运动3s,再匀速行驶到楼底,为保证演员能安全落到汽车上.(不计空气阻力,人和汽车看作质点,g取10m/s2)求:(1)汽车开到楼底的时间;(2)汽车匀速行驶的速度;(3)汽车匀加速运动时的加速度.得分阅卷人(12分)16.11\n滑雪运动中当滑雪板压在雪地时会把雪内的空气逼出来,在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”,从而大大减小雪地对滑雪板的摩擦.然而当滑雪板相对雪地速度较小时,与雪地接触时间超过某一值就会陷下去,使得它们间的摩擦力增大.假设滑雪者的速度超过4m/s时,滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由μ1=0.25变为μ2=0.125.一滑雪者从倾角θ=37°的坡顶A处由静止开始自由下滑,滑至坡底B后又滑上一段水平雪地,如图所示,不计空气阻力,坡长L=26m,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:(1)滑雪者从静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间;(2)滑雪者到达B处的速度;得分阅卷人(15分)17.如图所示,质量为m的物体,放在一固定斜面上,当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑。对物体施加一大小为F的水平向右恒力,物体可沿斜面匀速向上滑行。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,当斜面倾角增大并超过某一临界角θ时,不论水平恒力F多大,都不能使物体沿斜面向上滑行(重力加速度为g),试求:(1)物体与斜面间的动摩擦因数;(2)水平恒力F的大小(3)这一临界角θ的大小。11\n11\n得分阅卷人附加题(15分) “神舟”六号飞船完成了预定空间科学和技术试验任务后,返回舱于2022年10月17日4时11分开始从太空向地球表面按预定轨道返回,在离地10km的高度打开阻力降落伞减速下降,这一过程中若返回舱所受阻力与速度的平方成正比,比例系数(空气阻力系数)为k,设返回舱总质量M=3000kg,所受空气浮力恒定不变,且认为竖直降落。从某时刻开始计时,返回舱的运动v-t图象如图中的AD曲线所示,图中AB是曲线在A点的切线,切线交于横轴一点B的坐标为(8,0),CD是平行横轴的直线,交纵轴于C点C的坐标为(0,8)。g取10m/s2,请解决下列问题:(1)在初始时刻v0=160m/s时,它的加速度多大?(2)推证空气阻力系数k的表达式并算出其数值。(3)返回舱在距离高度h=1m时,飞船底部的4个反推力小火箭点火工作,使其速度由8m/s迅速减至1m/s后落在地面上,若忽略燃料质量的减少对返回舱总质量的影响,并忽略此阶段速度变化而引起空气阻力的变化,试估算每支小火箭的平均推力(计算结果取两位有效数字)11\n高一第二次月考答案一.选择题1.C2.B3.B4.D5.C6.B7.C8.BC9.BC10.AC11.BD12.AC一.填空题13.小于;D14.(1)变大;(2)0.375;(3)不变.三.计算题15(1)人做自由落体运动,所以h=gt2解得:t===4s所以汽车运动的时间也为4s.(2)(3)因为汽车匀加速时间为t1=3s所以汽车匀速运动的时间为t2=t﹣t1=1s匀加速位移为s1=at2匀速运动速度为:V=at1匀速运动位移为s2=vt2s1+s2=60解得:a=8m/s2v=24m/s16.(1)设滑雪者质量为m,滑雪者在斜坡上从静止开始加速至速度v1=4m/s期间,由牛顿第二定律有:mgsin37°﹣μ1mgcos37°=ma1解得:故由静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间:(2)则根据牛顿定律和运动学公式有:mgsin37°﹣μ2mgcos37°=ma2x2=L﹣x1代入数据解得:vB=16m/s17.(1)物体匀速下滑时根据平衡条件得:mgsin30°=f1N1=mgcos30°又 f1=μN1所以μ=tan30°=(2)物体沿斜面匀速上升,根据平衡条件得:11\n沿斜面方向:Fcos30°=mgsin30°+f2垂直于斜面方向:N2=mgcos30°+Fsin30°又 f2=μN2联立得:F=(3)设斜面的倾角为α,对物体受力分析,由匀速运动的条件应有: Fcosα=mgsinα+① =② =③联立①②③可得F=,讨论如下:当cosα-μsinα=0时,F→∞,即无论用多大的力都不能使物体沿斜面上滑,可解得临界角tanθ=tanα==,解得θ=60°18.(1)根据速度图象性质可知,在初始v0=160m/s时,过A点切线的斜率既为此时的加速度,设为a1,其大小为   (2)由图知,返回舱的v–t图的斜率逐渐减小,最后是以v1=8m/s的速度作匀速运动。设返回舱所受空气浮力为f,在t=0时,根据牛顿第二定律则有:① 速度为时,返回舱受力平衡,即有:  ②由①、②两式解得:  代入数值得:    (3)设每支小火箭的平均推力为F0,反推加速度大小为a2,着地速度为v2由题意知,返回舱在距离地高度h=1m前,已处于匀速运动状态。故返回舱在着地前的加速度由4个小火箭的反推力产生根据牛顿第二定律:又由运动学公式知:11\n由(3)、(4)两式解得:    11

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所属: 高中 - 物理
发布时间:2022-08-25 12:03:30 页数:11
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文章作者:U-336598

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